2025年广东省广州市物理中考试卷（含答案）.docx

2025 年广东省广州市中考物理试题
一、单选题
1. AI 智能音箱收到调低音量的指令时，就会自动改变声音的（ ）
A．音调 B．响度 C．音色 D．频率2．如图是氦原子的结构示意图，则氦原子（ ）

A．核外有 2 个电子 B．整体有 4 个电子
C．核外有 2 个正电荷 D．整体有 4 个正电荷
3. 某广播电台发射频率为1.027 ´108 Hz 的电磁波，根据如图信息，该电磁波属于（ ）

A．无线电波 B．红外线 C．紫外线 D．g射线4．如图，从热汤中取出的金属勺子，由烫手到不烫手的过程，其内能（ ）

A. 逐渐增加 B．保持不变
C．通过做功改变 D．通过热传递改变
5. 如图，蜡烛距凸透镜 20cm 时，烛焰在光屏上成清晰的倒立缩小像，则该凸透镜的焦距可能是（ ）

A. 5cm B．20cm C．30cm D．40cm

6. 出租车驾驶室内设计了控制电路来显示是否载有乘客，车顶指示灯显示红色时载有乘客，显示绿色时 未载乘客。下列电路图中，通过开关 S 接“1”或“2”可以符合上述设计要求的是（ ）

A. B．

C． D．

7. 在如图所示的粗糙程度相同的水平冰面上，运动员用水平推力从 a 点推动冰壶，经过 b 点时松手，冰壶到达 c 点停止运动，由 a 到 b 和由 b 到 c 的过程中，设冰壶受到的滑动摩擦力分别为 fab 和 fbc ，运动员对冰壶做的功分别为Wab 和Wbc ，则（ ）

A. fab < fbc
C．Wab < Wbc
B． fab = fbc
D．Wab = Wbc

8. 医学上用“人工心脏泵”替代心脏推动血液循环，如图是其工作原理的简图，活塞在电磁铁的带动下左右移动，代表心脏的舒张和收缩。“人工心脏泵”正常工作过程中，电磁铁的电流从 a 流向 b 时，则（ ）

A. 电磁铁左端为 S 极，活塞向右移动
B. 电磁铁左端为 S 极，活塞向左移动
C. 电磁铁左端为 N 极，活塞向右移动
D. 电磁铁左端为 N 极，活塞向左移动
9. 某种汽车安全带控制装置如图 a，摆锤竖直悬挂时，锁棒水平，棘轮可以自由转动，安全带能被拉动， 由此可判断汽车静止或正常行驶：如图 b，摆锤摆起时，锁棒锁定棘轮，安全带不能被拉动，由此可判断汽车可能（ ）

A. 向西匀速行驶 B．向东匀速行驶
C．向西紧急刹车 D．向东紧急刹车
10. 如图是用于测量汽车轮胎内气体压强的胎压计，其数值的单位是“ kg / cm2 ”，表示1cm2 的受力面积上， 所受的压力大小相当于 1kg 物体的重力大小。若 g 取 10N/kg，则1kg / cm 2 相当于（ ）

A．1´102 Pa C．1´104 Pa
二、填空题
B．1´103 Pa D．1´105 Pa

11. 如图所示的“风光互补”路灯，其太阳能电池板和风力发电机产生的电能，输送至蓄电池储存起来，供路灯照明使用；

(1) 工作时，风力发电机将 能转化成电能，太阳能电池板将 能转化成电能，风能和太阳能是
（选填“可再生”“不可再生”）的 （选填“一次”“二次”）能源；
(2) 蓄电池储存的电能为 4.8kW·h，若全部用于路灯供电，可供额定功率为 80W 的路灯正常发光 h。

三、综合题
12. 图 a 是旅游景区某大山及其等高线地形图的示意图，A、B 是山上的两个位置，地形图上的 A1、B1 分别对应 A、B，AC 为垂直电梯通道，CB 为水平隧道。某游客乘电梯从 A 到 C，再通过隧道到 B；
(1) 在图 b 中画出电梯内游客受力的示意图 ：
(2) 电梯下行过程中，以 （选填“地面”“电梯”）为参照物，电梯内游客是静止的。已知 CB 为 100m， 游客在 AC 段和 CB 段经历的时间相等，则游客在 AC 段的平均速度 （选填“大于”“等于”或“小于”） 在 CB 段的平均速度；
(3) 游客重力为 500N，从 A 到 B 的过程中，其重力做的功为 J。
四、填空题
13. 如图 a，顾客站在倾斜放置的平面镜前观察自己的像；

(1) 用 AB 表示站在平面镜前的顾客，在图 b 中画出其在镜中的像 ；

(2) 顾客在镜子里看不到自己鞋子的像，她应 （选填“远离”“靠近”）平面镜移动，才能看到自己鞋子 的像，顾客移动过程中，鞋子像的大小 （选填“变大”“变小”或“不变”）。

14. 图 a 所示的斜拉桥，可逐步简化成图 b、c、d 的模型；

(1) 以 O 点为支点，在图 d 中作出 F1、F2 的力臂l1、l2 ；
(2) 为了减小钢索承受的拉力，可适当 （选填“升高”“降低”）钢索悬挂点在桥塔上的高度，理由 是： 。

五、综合题
水
15. 图 a 是实践小组设计的自动储水箱简图，竖直细杆固定在水箱底部，浮简可沿细杆上下移动，水箱中水深为 0.1m 时，浮筒对水箱底部的压力刚好为零；水深为 0.4m 时，浮筒开始接触进水阀门：水深为 0.6m 时，浮筒使进水阀门完全关闭，浮筒所受浮力和水深关系的图像如图 b，已r = 1.0 ´103 kg / m3 ，东 g 取
10N / kg ；

(1)水深从 0.1m 到 0.4m 的过程中，浮筒排开水的重力 ，水对箱底产生的压强 （以上两空选填
“变大”“变小”或“不变”）； (2)阀门完全关闭时，求：
①水对箱底产生的压强 ；
②浮筒排开水的体积 。

16. 图 a 所示的电热加湿器，其内部结构及电路简图如图 b，通电后，发热电阻 R 使加热仓中的水沸腾变成水蒸气喷出，增加环境湿度。已知水的比热容为4.2´103 J / (kg ×℃) 、密度为1.0 ´103 kg / m3 ，沸点为 100℃；
(1)加热仓中的水变成水蒸气属于 （选填“液化”“汽化”）现象： (2)已知 R 阻值为 550Ω，求电热加湿器的功率 ；
(3)若消耗电能1.2 ´104 J ，可使加热仓内3.0´10-5 m3 的水从 20℃加热至沸腾，求：
①加热仓内水吸收的热量 ；
②电热加湿器的加热效率 。

六、实验题
17. “探究串联电路中电流的特点”实验。

（1） 连接电路：用笔画线表示导线，把图甲的滑动变阻器串联接入电路 （要求：连线不要交叉： 滑片 P 向 D 移动，电路的电流增大）。
（2） 发现问题：电源（输出电压为 6V）、电流表、滑动变阻器、开关、导线完好，电路正确连接。闭合开关，观察到灯泡L1 （3.8V，0.4A）和L2 （2.5V，0.3A）不发光，电流表示数为零；

（3） 排查故障：在不拆开导线且闭合开关的情况下，用图乙所示的电压表进行检测，将鳄鱼夹 （选填“a””b”）接电源“+”极、另一鳄鱼夹先后夹在 E、G 接线柱，电压表前后两次的指针位置都如图丙所示， 其示数为 V；
（4） 作出猜想：
猜想一：由于灯泡不发光，电压表示数不为零， L1 断路， L2 短路。
猜想二：由于电流表示数为零，电压表示数不为零， L1 断路， L2 无故障。
（5） 验证猜想：取下L1 ，换上完好的灯泡L3 （3.8V，0.4A），观察到L3 发光，L2 仍然不发光。由此可知，
（选填“猜想一”“猜想二”）正确；
（6） 继续实验：
①排除故障后，闭合开关，移动滑片 P，多次进行实验。某次（记为第一次）实验三个电流表示数如图。

②为得到串联电路中电流的特点，设计记录实验数据的表格，并将第一次的数据填入表格中 。

18. 跨学科实践小组设计了“测量气球在空气中所受浮力”的实验； (1)实验过程：
①如图 a，用细线穿过自制标尺的 O 点并悬挂，使其处于水平平衡状态，其中标尺分度值为 1mm（图中毫米刻度线没有画出）；
②将充足气的篮球和套有气针的干瘪气球，固定悬挂在标尺左端距 O 点为 L0 的位置；在标尺右端对称位置悬挂小桶，往桶内装入适量细沙，使标尺处于水平平衡状态。若测得小桶和细沙的总重力为 G，则篮球和气球（含气针）的总重力为 ；

③把气针插入篮球的气门内，气球随即膨胀，如图 b，标尺的 （选填“左端”“右端”）向下发生倾斜， 理由是： ；
④测量膨胀气球受到的浮力大小；

方法一：在不改变小桶悬挂位置的情况下， （选填“向小桶内添加”“从小桶内取出”）重力为G0 的细沙，使标尺重新处于水平平衡状态，则膨胀气球受到的浮力大小为 ；
方法二：保持小桶和细沙总重力为 G 的情况下，移动小桶悬挂的位置，使标尺重新处于水平平衡状态，此时小桶悬挂位置与 O 点的距离为 L，则膨胀气球受到的浮力大小为 ；
(2)实验评估：
如图 c，如果用钩码替换图 a 中的小桶和桶内细沙，为了较精准测量膨胀气球受到的浮力大小，采用④中的哪种方法更合理？简要说明理由 。

2025 年广东省广州市中考物理试题参考答案与试题解析
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
B
A
A
D
A
C
B
B
D
D

1．B
【详解】A．音调指的声音的高低，音调与频率相关，不受音量调节影响，故 A 不符合题意；
B. 响度指的是声音的大小，调低音量时，音箱减小了扬声器的振幅，而振幅决定响度，因此改变的是响 度，故 B 符合题意；
C. 音色指的是声音的特色，音色由发声体本身决定，不受音量调节影响，故 C 不符合题意；
D. 频率指的是振动的快慢，频率是音调的决定因素，但题目中“调低音量”并未直接改变频率，故 D 不符合题意。
故选 B。2．A
【详解】根据氦的原子结构示意图可知，圆圈内的数字为+2，表示氦的原子核内有 2 个质子，质子带正电 荷，质子数等于核外电子数，整个原子呈电中性，因此核外电子带负电荷，数量为 2 个，故 A 符合题意， BCD 不符合题意。
故选 A。3．A
【详解】由图可知，频率为1.027 ´108 Hz 的电磁波在106 Hz : 1010 Hz 之间，因此属于无线电波，故 A 符合题意，BCD 不符合题意。
故选 A。4．D
【详解】金属勺子由烫手到不烫手的过程，放出热量，内能会减小，通过热传递的方式改变自身内能，故
D 符合题意，ABC 不符合题意。故选 D。

5．A
【详解】蜡烛距凸透镜 20cm 时，烛焰在光屏上成清晰的倒立缩小像，说明物距大于两倍焦距，即
u=20cm＞2f
则 f ＜10cm ，故 A 符合题意；BCD 不符合题意。故选 A。
6．C
【详解】A．由图可知，开关接1，红灯和绿灯同时亮；开关接2 ，电路断路，红灯和绿灯都不亮，故 A 不符合题意；
B. 由图可知，开关接1，红灯亮；开关接2 ，电路断路，红灯和绿灯都不亮，故 B 不符合题意；
C. 由图可知，开关接1，红灯亮；开关接2 ，绿灯亮，故 C 符合题意；
D. 由图可知，开关接1，红灯和绿灯并联，同时亮；开关接2 ，绿灯亮，故 D 不符合题意。故选 C。
7．B
【详解】AB．由 a 到 b 和由 b 到 c 的过程中，水平面的粗糙程度相同，冰壶对水平面的压力等于冰壶的重力，重力相同，所以压力相同，则摩擦力相同，即 fab = fbc ，故 A 错误，B 正确；
CD．由 a 到 b 运动员对冰壶做的功Wab = Fsab＞0 ，由 b 到 c 冰壶脱离了运动员的手，运动员对冰壶不做功即Wbc = 0 ，因此Wab＞Wbc ，故 C 错误，D 错误。
故选 B。8．B
【详解】当电磁铁的电流从 a 流向 b 时，根据安培定则可知，电磁铁的左端为 S 极，右端为 N 极，由磁极间的相互作用可知，永磁体对电磁体产生吸引力，活塞向左运动，故 B 符合题意，ACD 不符合题意。
故选 B。9．D
【详解】据 b 图可知，摆锤向右摆动，则可能是汽车向西加速运动或向东做减速运动，由于摆锤具有惯性， 会保持原来的运动状态，锁棒锁定棘轮，安全带不能被拉动，故 D 符合题意，ABC 不符合题意。
故选 D。

10．D
【详解】“ kg / cm2 ”，表示1cm2 的受力面积上，所受的压力大小相当于 1kg 物体的重力大小，即

p = F = 1kg ´10N / kg =

10N
=1´105 Pa ，故 D 符合题意；ABC 不符合题意。

S 1cm2
故选 D。
1´10-4 m2

11．(1) 风能 太阳 可再生 一次
(2)60
【详解】（1）[1]工作时，风力发电机，消耗了风能，获得电能，故是将风能转化为电能。
[2]太阳能电池板是利用太阳能工作的，故将太阳能转化为电能。 [3]风能和太阳能可以从自然界源源不断获取，是可再生能源。[4]风能和太阳能能够直接从自然界获取，是一次能源。

（2）4.8kW·h 电能供额定功率为 80W 的路灯正常发光时间为t = W =
P

12．(1)
4.8kW × h

80 ´10-3kW
=60h

(2) 电梯 小于
(3) 4´104 J
【详解】（1）电梯内游客受到了竖直向下的重力和电梯对其向上的支持力，如图所示：

（2）[1]电梯下行过程中，以电梯为参照物，游客的位置没有发生变化，游客是静止的。

[2]通过等高线图可知，AC 段高度为hAC = 800m-720m=80m
游客在 AC 段和 CB 段经历的时间相等，AC 段的路程小于 CB 段，故 AC 段的平均速度小于 CB 段。

（3）从 A 到 C 的过程中，其重力做的功为W有
=Gh=500N ´ 80m=4 ´104 J

而从 B 到 C 的过程中，重力不做功，故从 A 到 B 的过程中，其重力做的功为4´104 J 。

13．(1)

(2) 靠近 不变
【详解】（1）根据平面镜成像特点，像与物体关于平面镜对称，故过 A 作平面镜的对称点 A’，过 B 作平面镜的对称点 B’，由于成的是虚像，故用虚像连接 A’B’，即为 AB 的像，如下图所示：
（2）[1]在镜子中看到鞋子的光路图如图所示，现在镜子中看不像，说明反射光线没有进入人的眼睛中， 一般在人眼下方，越靠近镜子，入射角变大，反射角变大，反射光线才可能进入人眼，从而看到鞋子的像。

[2]根据平面镜成像原理可知，像与物体等大，当物体靠近时，物体的大小不变，则像的大小不变。

14．(1)

(2) 升高 见解析
【详解】（1）力臂是支点到力的作用线的垂直距离；过 O 点作力 F1 的作用线的垂线，即为力 F1 的力臂l1 ， 过 O 点作力 F2 的作用线的垂线，即为力 F 2 的力臂l2 ，如图所示：
（2）[1][2]阻力不变，阻力臂不变，阻力与阻力臂的乘积不变，为了减小钢索承受的拉力，可增大动力臂，可适当升高悬挂点在桥塔上的高度，动力臂变大，从而减小钢索承受的拉力。
15．(1) 不变 变大

(2)
6 ´103 Pa
7.5´10-4m3

【详解】（1）[1]根据浮筒所受浮力和水深关系的图像可知，水深从 0.1m 到 0.4m 的过程中，浮筒所受浮力不变，根据阿基米德原理可知，浮力等于排开液体所受的重力，故浮筒排开水的重力不变。
[2]根据 p = rgh 可知，深度变深，水对箱底产生的压强变大。
（2）[1]水深为 0.6m 时，浮筒使进水阀门完全关闭，水对箱底产生的压强
p = rgh=1´103kg/m3 ´10N/kg ´ 0.6 =6 ´103 Pa
[2]根据浮筒所受浮力和水深关系的图像可知，水深为 0.6m 时，浮筒所受的浮力为 7.5N，浮筒排开水的体
积V = F浮 = 7.5N =7.5 ´10-4m3

排 rg 1´103kg/m 3 ´10N/kg

16．(1)汽化
(2) 88W

(3)
1.008´104J
84%

【详解】（1）水变成水蒸气属于汽化，从液态变为了气态。

2
（2）电热加湿器的功率 P = UI = U
R
（3）[1]加热仓内水吸收的热量
(220V)2
= =88W
550Ω

吸
Q = cmΔt =4.2 ´103J/ (kg ×℃)´1.0 ´103 kg / m3 ´ 3.0 ´10-5 m3 ´(100℃-20℃) =1.008 ´104J

[2]电热加湿器的加热效率h= Q吸 ´100%=
W
1.008´104J 1.2´104J

´100%=84%

17． b 6 猜想一

实验次数
IA/A
IB/A
IC/A
1
0.5
0.5
0.5
2

3

【详解】[1]滑动变阻器应串联在电路中，滑片 P 向 D 移动时电流增大，说明接入电阻减小，故应将变阻器的 B 接线柱与电源负极相连。连线时注意导线不交叉，具体连接方式如图所示：

[2] 电压表检测时应将鳄鱼夹 b 接电源"+"极，因为 b 连接电压表的正接线柱，这样电压表指针不会反偏。
[3] 电压表前后两次接入电路中量程皆为大量程，示数为 6V。
[4] 电压表两次测量均显示 6V，说明从电源负极到 E、G 点的线路完好，可以让电压表形成回路，所以故障点在正极到 G 之间，可能是 L1 断路。换上 L3 后，L3 发光而 L2 不发光，说明 L1 断路导致整个串联电路不通，且 L2 是短路的，不然 L3 代替断路的 L1 后，L2 也会亮，故猜想一正确。

[5] 第一次实验电流表量程为 0~0.6A，分度值 0.02A，示数为 0.5A。设计表格时应包含实验次数、A1 表的示数 IA、A2 表的示数 IB、A3 表的示数 IC 等栏目，第一次数据填入对应位置。

实验次数
IA/A
IB/A
IC/A
1
0.5
0.5
0.5
2

3

18．(1) G 右端 左端的气球受到了向上的浮力，导致杠杆左端受到的动力变小，动力与动力

臂的乘积变小，小于右端阻力与阻力与阻力臂的乘积 从小桶内取出 G0

(2)方法二
G- G ´ L
L0

【详解】（1）[1]根据杠杆平衡原理可知，动力臂等于阻力臂，故动力等于阻力，故篮球和气球（含气针）的总重力为 G。
[2][3]左端的气球受到了向上的浮力，导致杠杆左端受到的动力变小，动力与动力臂的乘积变小，小于右端阻力与阻力臂的乘积，故杠杆右端下沉。
[4] 由于杠杆右端下沉，在不改变小桶悬挂位置的情况下，可以从小桶内取出重力为G0 的细沙，减小阻力臂，从而减小阻力与阻力臂的乘积，使杠杆再次达到水平位置平衡。
[5] 取出细沙后，动力臂仍然等于阻力臂，故动力仍然等于阻力，故减小的动力等于减小的阻力，即气球所受的浮力为G0 。
1
浮
[6] 根据杠杆平衡原理可知，杠杆左端受到的动力为 F = F2l2 = G ´ L =G - F

故浮力的大小为 F浮

=G- G ´ L
L0
l1 L0

（2）若用钩码代替沙子和桶，若采用方法一，由于钩码是整数的增加或者减小，无法恰好石杠杆在水平位置平衡。此时需要采用方法二，通过移动钩码，从而使杠杠在水平位置平衡，通过杠杆平衡计算浮力。