2020年全国统一高考物理试卷(新课标ⅱ)(含解析版).pdf
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1、2020 年全国统一高考物理试卷(新课标年全国统一高考物理试卷(新课标)一、选择题:本题共一、选择题:本题共 8 小题,每小题小题,每小题 6 分,共分,共 48 分。在每小题给出的四个选项中,第分。在每小题给出的四个选项中,第 15 题只题只有一项符合题目要求,第有一项符合题目要求,第 68 题有多项符合题目要求题有多项符合题目要求.全部选对的得全部选对的得 6 分,选对但不全的得分,选对但不全的得 3分,有选错的得分,有选错的得 0 分分 1.管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接。焊机的原理如图所示,圆管通过一个接有高频交流电源的线圈,线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流,
2、电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接。焊接过程中所利用的电磁学规律的发现者为()A.库仑 B.霍尔 C.洛伦兹 D.法拉第【答案】D【解析】【详解】由题意可知,圆管为金属导体,导体内部自成闭合回路,且有电阻,当周围的线圈中产生出交变磁场时,就会在导体内部感应出涡电流,电流通过电阻要发热。该过程利用原理的是电磁感应现象,其发现者为法拉第。故选 D。2.若一均匀球形星体的密度为,引力常量为 G,则在该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期是()A.B.C.D.3G4G13G14G【答案】A【解析】【详解】卫星在星体表面附近绕其做圆周运动,则,2224GMmmRRTp=343VRMV知卫星该星
3、体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期 3TG3.如图,在摩托车越野赛途中的水平路段前方有一个坑,该坑沿摩托车前进方向的水平宽度为 3h,其左边缘 a点比右边缘 b 点高 0.5h。若摩托车经过 a 点时的动能为 E1,它会落到坑内 c 点。c 与 a 的水平距离和高度差均为 h;若经过 a 点时的动能为 E2,该摩托车恰能越过坑到达 b 点。等于()21EE A.20 B.18 C.9.0 D.3.0【答案】B【解析】【详解】有题意可知当在 a 点动能为 E1时,有 21112Emv=根据平抛运动规律有 2112hgt 1 1hvt当在 a 点时动能为 E2时,有 22212Emv=根据平抛
4、运动规律有 221122hgt=2 23hv t=联立以上各式可解得 2118EE=故选 B。4.CT 扫描是计算机 X 射线断层扫描技术的简称,CT 扫描机可用于对多种病情的探测。图(a)是某种 CT 机主要部分的剖面图,其中 X 射线产生部分的示意图如图(b)所示。图(b)中 M、N 之间有一电子束的加速电场,虚线框内有匀强偏转磁场;经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进,打到靶上,产生X 射线(如图中带箭头的虚线所示);将电子束打到靶上的点记为 P 点。则()A.M 处的电势高于 N 处的电势 B.增大 M、N 之间的加速电压可使 P 点左移 C.偏转磁场的方向垂直于纸面向
5、外 D.增大偏转磁场磁感应强度的大小可使 P 点左移【答案】D【解析】【详解】A由于电子带负电,要在 MN 间加速则 MN 间电场方向由 N 指向 M,根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知 M 的电势低于 N 的电势,故 A 错误;B增大加速电压则根据 212eUmv可知会增大到达偏转磁场的速度;又根据在偏转磁场中洛伦兹力提供向心力有 2vevBmR可得 mvReB可知会增大在偏转磁场中的偏转半径,由于磁场宽度相同,故根据几何关系可知会减小偏转的角度,故 P 点会右移,故 B 错误;C电子在偏转电场中做圆周运动,向下偏转,根据左手定则可知磁场方向垂直纸面向里,故 C 错误;D由 B 选项的分析可
6、知,当其它条件不变时,增大偏转磁场磁感应强度会减小半径,从而增大偏转角度,使 P点左移,故 D 正确。故选 D。5.氘核可通过一系列聚变反应释放能量,其总效果可用反应式表示。海21H241112106 H2 He2 H+2 n+43.15MeV水中富含氘,已知 1kg 海水中含有的氘核约为 1.01022个,若全都发生聚变反应,其释放的能量与质量为 M 的标准煤燃烧时释放的热量相等;已知 1 kg 标准煤燃烧释放的热量约为 2.9107 J,1 MeV=1.61013J,则 M 约为()A.40 kg B.100 kg C.400 kg D.1 000 kg【答案】C【解析】【详解】氘核可通过
7、一系列聚变反应释放能量,其总效果可用反应式 21H 241112106 H2 He2 H+2 n+43.15MeV则平均每个氘核聚变释放的能量为 43.15=MeV66E1kg 海水中含有的氘核约为 1.01022个,可以放出的总能量为 0EN由可得,要释放的相同的热量,需要燃烧标准煤燃烧的质量 Qmq 0400kgEQmqq6.特高压输电可使输送中的电能损耗和电压损失大幅降低。我国已成功掌握并实际应用了特高压输电技术。假设从 A 处采用 550 kV 的超高压向 B 处输电,输电线上损耗的电功率为P,到达 B 处时电压下降了U。在保持A 处输送的电功率和输电线电阻都不变的条件下,改用 1 1
8、00 kV 特高压输电,输电线上损耗的电功率变为P,到达 B 处时电压下降了U。不考虑其他因素的影响,则()A.P=P B.P=P C.U=U D.U=U 14121412【答案】AD【解析】【详解】输电线上损失的功率 P()2r PU损失的电压 Ur PU当输送电压变为原来的 2 倍,损失的功率变为原来的,即 14PP 14损失的电压变为原来的,即 12UU 12故选 AD。7.如图,竖直面内一绝缘细圆环的上、下半圆分别均匀分布着等量异种电荷。a、b 为圆环水平直径上的两个点,c、d 为竖直直径上的两个点,它们与圆心的距离均相等。则()A.a、b 两点的场强相等 B.a、b 两点的电势相等
9、C.c、d 两点的场强相等 D.c、d 两点的电势相等【答案】ABC【解析】【详解】BD如下图所示,为等量异种电荷周围空间的电场分布图。本题的带电圆环,可拆解成这样无数对等量异种电荷的电场,沿竖直直径平行放置。它们有共同的对称轴,所在的水平面与每一条电场线都垂PPPP直,即为等势面,延伸到无限远处,电势为零。故在上的点电势为零,即;而从 M 点到 NPP0ab点,电势一直在降低,即,故 B 正确,D 错误;cd AC上下两侧电场线分布对称,左右两侧电场线分布也对称,由电场的叠加原理可知 AC 正确;故选 ABC。8.水平冰面上有一固定的竖直挡板,一滑冰运动员面对挡板静止在冰面上,他把一质量为
10、4.0 kg 的静止物块以大小为 5.0 m/s 的速度沿与挡板垂直的方向推向挡板,运动员获得退行速度;物块与挡板弹性碰撞,速度反向,追上运动员时,运动员又把物块推向挡板,使其再一次以大小为 5.0 m/s 的速度与挡板弹性碰撞。总共经过 8 次这样推物块后,运动员退行速度的大小大于 5.0 m/s,反弹的物块不能再追上运动员。不计冰面的摩擦力,该运动员的质量可能为 A.48 kg B.53 kg C.58 kg D.63 kg【答案】BC【解析】【详解】设运动员和物块的质量分别为、规定运动员运动的方向为正方向,运动员开始时静止,第一次m0m将物块推出后,运动员和物块的速度大小分别为、,则根据
11、动量守恒定律 1v0v 10 00mvm v解得 010mvvm物块与弹性挡板撞击后,运动方向与运动员同向,当运动员再次推出物块 10 020 0mvm vmvm v解得 0203mvvm第 3 次推出后 20 030 0mvm vmvm v解得 0305mvvm依次类推,第 8 次推出后,运动员的速度 08015mvvm根据题意可知 08015m/smvvm解得 60kgm 第 7 次运动员的速度一定小于,则 5m/s 07013m/smvvm解得 52kgm 综上所述,运动员的质量满足 kg60kgmAD 错误,BC 正确。故选 BC。三、非选择题:三、非选择题:(一)必考题:(一)必考题
12、:9.一细绳跨过悬挂的定滑轮,两端分别系有小球 A 和 B,如图所示。一实验小组用此装置测量小球 B 运动的加速度。令两小球静止,细绳拉紧,然后释放小球,测得小球 B 释放时的高度 h0=0.590 m,下降一段距离后的高度h=0.100 m;由 h0下降至 h 所用的时间 T=0.730 s。由此求得小球 B 加速度的大小为 a=_m/s2(保留 3 位有效数字)。从实验室提供的数据得知,小球 A、B 的质量分别为 100.0 g 和 150.0 g,当地重力加速度大小为 g=9.80 m/s2。根据牛顿第二定律计算可得小球 B 加速度的大小为 a=_m/s2(保留 3 位有效数字)。可以看
13、出,a与 a 有明显差异,除实验中的偶然误差外,写出一条可能产生这一结果的原因:_。【答案】(1).1.84 (2).1.96 (3).滑轮的轴不光滑,绳和滑轮之间有摩擦(或滑轮有质量)【解析】【详解】有题意可知小球下降过程中做匀加速直线运动,故根据运动学公式有 2012hhaT-=代入数据解得 a=1.84m/s2;根据牛顿第二定律可知对小球 A 有 AATm gm a-=对小球 B 有 BBm gTm a-=带入已知数据解得;21.96m/sa=在实验中绳和滑轮之间有摩擦会造成实际计算值偏小。10.某同学要研究一小灯泡 L(3.6 V,0.30 A)的伏安特性。所用器材有:电流表 A1(量
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