2018届高考生物知识点课时练习题29.doc

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课练11　孟德尔的豌豆杂交实验
一、选择题(共10个小题，每小题5分)
1．(2017·江淮十校联考)(基础题)下列有关孟德尔的两大遗传定律的说法，正确的是(　　)
A．提出问题是建立在豌豆纯合亲本杂交和F1自交遗传实验的基础上的
B．孟德尔巧妙设计的测交方法只能用于检测F1的基因型
C．两者的细胞学基础相同，且都发生在减数分裂过程中
D．所有的非等位基因的遗传都符合基因的自由组合定律
2．(2017·陕西一检)如图表示孟德尔揭示两个遗传定律时所选用的豌豆实验材料及其体内相关基因控制的性状、显隐性及其在染色体上的分布。下列相关叙述正确的是(　　)

A．丁个体DdYyrr测交子代会出现四种表现型，比例为1∶1∶1∶1
B．甲、乙图个体减数分裂时可以恰当地揭示孟德尔的基因自由组合定律的实质
C．孟德尔用假说—演绎法揭示基因分离定律时，可以选甲、乙、丙、丁为材料
C．孟德尔用丙自交，其子代表现型比例为9∶3∶3∶1，此属于假说—演绎的提出假说阶段
3．(2017·潍坊统考)鸡的雄羽与母羽是一对相对性状，受常染色体上的一对等位基因控制。母鸡只能表现为母羽，公鸡既可以是雄羽也可以是母羽。现用两只母羽鸡杂交，F1公鸡中母羽∶雄羽＝3∶1。让F1母羽鸡随机交配，后代出现雄羽鸡的比例为(　　)
A．1/8 B．1/12 C．1/16 D．1/24
4．(2017·蚌埠三模)基因型为AaBb的个体自交，下列有关子代(数量足够多)的各种性状分离比情况，分析有误的是(　　)
A．若子代出现6∶2∶3∶1的性状分离比，则存在AA和BB纯合致死现象
B．若子代出现15∶1的性状分离比，则具有A或B基因的个体表现为显性性状
C．若子代出现12∶3∶1的性状分离比，则存在杂合子能稳定遗传的现象
D．若子代出现9∶7的性状分离比，则存在3种杂合子自交会出现性状分离现象
5．(2017·东北三省四市三模)某能进行自花传粉和异花传粉的植物的花色由3对独立遗传的基因(A和a、B和b、C和c)共同决定，花中相关色素的合成途径如图所示，理论上纯合的紫花植株的基因型有(　　)

A．3种 B．5种 C．10种 D．20种
6．(2017·豫南九校联考)油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如表所示。下列相关说法错误的是(　　)
P
F1
F2
甲×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝15∶1
乙×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝3∶1
丙×非凸耳
凸耳
凸耳∶非凸耳＝3∶1
A.凸耳性状由两对等位基因控制
B．甲、乙、丙可能都是纯合子
C．甲和乙杂交子代再自交得到的F2均表现为凸耳
D．乙和丙杂交子代再自交得到的F2表现型及比例为凸耳∶非凸耳＝3∶1
7．(2017·西安二检)某植物(2n＝10)花蕊的性别分化受两对独立遗传的等位基因控制，显性基因B和E共同存在时，植株开两性花，表现型为野生型；仅有显性基因E存在时，植株的雄蕊会转化成雌蕊，成为表现型为双雌蕊的可育植物；只要不存在显性基因E，植物表现为败育。下列有关分析错误的是(　　)
A．该植物的雌配子形成过程中细胞内可形成5个四分体
B．基因型为BBEE和bbEE的植株杂交，应选择bbEE作母本
C．BbEe个体自花传粉，后代可育个体所占比例为3/4
D．可育植株中纯合子的基因型都是BBEE
8．(2017·皖江名校联考)已知某种植物籽粒的红色和白色为一对相对性状，这一对相对性状受到多对等位基因的控制。某研究小组将若干个籽粒红色与白色的纯合亲本杂交，结果如图所示。下列说法正确的是(　　)

A.控制红色和白色相对性状的基因分别位于两对同源染色体上
B．第Ⅲ组杂交组合中子一代的基因型有3种
C．第Ⅰ、Ⅱ组杂交组合产生的子一代的基因型可能有3种
D．第Ⅰ组的子一代测交后代中红色和白色的比例为3∶1
9．(2017·郑州一模)孟德尔运用“假说—演绎”法研究豌豆一对相对性状的杂交实验，发现了分离定律。下列哪一项属于其研究过程中的“演绎” (　　)
A．测交预期结果∶高茎∶矮茎接近于1∶1
B．亲本产生配子时，成对的遗传因子彼此分开
C．受精时，雌雄配子的结合是随机的
D．测交结果∶30株高茎，34株矮茎
10.

(2017·江淮十校联考)水稻香味性状与抗病性状独立遗传。香味性状受隐性基因(a)控制，抗病(B)对感病(b)为显性。为选育抗病香稻新品种，进行一系列杂交实验。两亲本无香味感病与无香味抗病植株杂交的统计结果如右图所示。下列有关叙述不正确的是(　　)
A．香味性状一旦出现即能稳定遗传
B．两亲本的基因型分别是Aabb、AaBb
C．两亲本杂交的子代中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为0
D．两亲本杂交的子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株所占比例为
二、非选择题(共2个小题，每小题12分)
11．(2017·太原一模)研究人员采用某品种的黄色皮毛和黑色皮毛小鼠进行杂交实验。第一组：黄鼠×黑鼠―→黄鼠2 378∶黑鼠2 398；第二组：黄鼠×黄鼠―→黄鼠2 396∶黑鼠1 235。多次重复发现，第二组产生的子代个体数总比第一组少1/4左右。请分析回答：
(1)根据题意和第二组杂交实验分析可知：黄色皮毛对黑色皮毛为________性，皮毛颜色受________对等位基因控制，遵循________定律。
(2)第二组产生的子代个体数总比第一组少1/4左右，最可能的原因是________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。
(3)该品种中黄色皮毛小鼠________(填“能”或“不能”)稳定遗传。
(4)若种群中黑色皮毛小鼠个体占25%，则黑色皮毛基因的频率为________。
12．(2017·衡水中学模考)(提升题)某种植物蔓生和矮生(0.5 m)由一对等位基因(D、d)控制，蔓生植株和矮生植株杂交，F2中蔓生∶矮生为3∶1。后发现蔓生植株的高度范围在1.0～3.0 m之间，蔓生植株的高度由位于非同源染色体上的两对等位基因(A、a和B、b)控制，且与D、d独立遗传。现有两种假设，假设一：A、B对a、b不完全显性，并有累加效应，即高度随显性基因的增加而逐渐增加。假设二：A、B对a、b完全显性，即只要有A或B基因就表现为高株。
(1)以上性状的遗传符合________定律。
(2)现用纯合的株高3.0 m的蔓生植株和隐性纯合矮生植株进行杂交得F1，F1自交得F2，若假设一成立，则F2中2.0 m蔓生所占的比例为________；若假设二成立，则F2的性状分离比为高株蔓生∶矮株蔓生∶矮生＝________。
(3)用纯合的蔓生植株作母本与矮生品种进行杂交，在F1中偶尔发现了一株矮生植株。出现这种现象的可能原因是当雌配子形成时，________________或________________。

1．(2016·课标全国Ⅲ)用某种高等植物的纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花。若F1自交，得到的F2植株中，红花为272株，白花为212株；若用纯合白花植株的花粉给F1红花植株授粉，得到的子代植株中，红花为101株，白花为302株。根据上述杂交实验结果推断，下列叙述正确的是(　　)
A．F2中白花植株都是纯合体
B．F2中红花植株的基因型有2种
C．控制红花与白花的基因在一对同源染色体上
D．F2中白花植株的基因型种类比红花植株的多
2．(2013·课标Ⅰ)若用玉米为实验材料验证孟德尔分离定律，下列因素对得出正确实验结论影响最小的是(　　)
A．所选实验材料是否为纯合子
B．所选相对性状的显隐性是否易于区分
C．所选相对性状是否受一对等位基因控制
D．是否严格遵守实验操作流程和统计分析方法
3．(2015·山东理综)

玉米的高秆(H)对矮秆(h)为显性。现有若干H基因频率不同的玉米群体，在群体足够大且没有其他因素干扰时，每个群体内随机交配一代后获得F1。各F1中基因型频率与H基因频率(p)的关系如图。下列分析错误的是(　　)
A．0<p<1时，亲代群体都可能只含有纯合体
B．只有p＝b时，亲代群体才可能只含有杂合体
C．p＝a时，显性纯合体在F1中所占的比例为
D．p＝c时，F1自交一代，子代中纯合体比例为
4．(2014·大纲全国)现有4个小麦纯合品种，即抗锈病无芒、抗锈病有芒、感锈病无芒和感锈病有芒。已知抗锈病对感锈病为显性，无芒对有芒为显性，且这两对相对性状各由一对等位基因控制。若用上述4个品种组成两个杂交组合，使其F1均为抗锈病无芒，且这两个杂交组合的F2的表现型及其数量比完全一致。回答问题：
(1)为实现上述目的，理论上，必须满足的条件有：在亲本中控制这两对相对性状的两对等位基因必须位于________上，在形成配子时非等位基因要________，在受精时雌雄配子要________，而且每种合子(受精卵)的存活率也要________。那么，这两个杂交组合分别是____________________和____________________。
(2)上述两个杂交组合的全部F2植株自交得到F3种子，1个F2植株上所结的全部F3种子种在一起，长成的植株称为1个F3株系。理论上，在所有F3株系中，只表现出一对性状分离的株系有4种，那么，在这4种株系中，每种株系植株的表现型及其数量比分别是________________________、________________________、________________________和________________________。
5．(2016·新课标全国卷Ⅱ)某种植物的果皮有毛和无毛、果肉黄色和白色为两对相对性状，各由一对等位基因控制(前者用D、d表示，后者用F、f表示)，且独立遗传。利用该种植物三种不同基因型的个体(有毛白肉A、无毛黄肉B、无毛黄肉C)进行杂交，实验结果如下：

回答下列问题：
(1)果皮有毛和无毛这对相对性状中的显性性状为________，果肉黄色和白色这对相对性状中的显性性状为____________。
(2)有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为____________。
(3)若无毛黄肉B自交，理论上，下一代的表现型及比例为______________。
(4)若实验3中的子代自交，理论上，下一代的表现型及比例为______________________。
(5)实验2中得到的子代无毛黄肉的基因型有____________________。

6．(2017·山东实验中学第二次诊断)孟德尔通过豌豆杂交实验，提出了遗传的两大定律。如图是豌豆杂交过程示意图，对其描述错误的是 (　　)

A．①和②的操作应同时进行
B．①操作的目的是避免自花传粉
C．②的操作是为了实现杂交
D．每一次操作后都要对高茎花的雌蕊套袋
7．(2017·河北唐山一模)豌豆子叶黄色对绿色为显性，由一对等位基因Y、y控制，下列有关叙述不正确的是(　　)
A．基因Y或y产生的根本原因是基因突变
B．基因Y和基因y的本质区别是核糖核苷酸序列不同
C．基因Y和y的分离可能发生在减数第二次分裂中
D．在豌豆的叶肉细胞中可检测到基因Y或y，但检测不到对应的mRNA
8．(2017·浙江温州联考)现用山核桃的甲(AABB)、乙(aabb)两品种作为亲本杂交得F1，F1测交结果如下表，下列有关选项正确的是 (　　)
测交类型
测交后代基因型种类及比例
父本
母本
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
F1
乙
1
2
2
2
乙
F1
1
1
1
1
A.正反交结果不同，说明该两对基因的遗传不遵循自由组合定律
B．F1自交得F2，F2的表现型比例是9∶3∶3∶1
C．F1花粉离体培养，将得不到四种基因型的植株
D．F1产生的AB花粉50%不能萌发，不能实现受精
9．(2017·山东师大附中三模)下列各项的结果中，不可能出现1∶1比值的是 (　　)
A．黄色圆粒豌豆(YyRr)与绿色圆粒豌豆(yyRR)杂交子代的性状分离之比
B．一只红眼雄果蝇XAY与一只白眼雌果蝇(XaXa)杂交后，子二代中红眼与白眼的性状之比
C．基因型为AaXBY某动物的一个精原细胞经减数分裂形成的精子类型之比
D．15N标记的DNA在14N培养液中半保留复制两次后，含15N与含14N的DNA数量之比

10．(2013·山东理综)用基因型为Aa的小麦分别进行连续自交、随机交配、连续自交并逐代淘汰隐性个体、随机交配并逐代淘汰隐性个体，根据各代Aa基因型频率绘制曲线如图。下列分析错误的是(　　)
A．曲线Ⅱ的F3中Aa基因型频率为0.4
B．曲线Ⅲ的F2中Aa基因型频率为0.4
C．曲线Ⅳ的Fn中纯合体的比例比上一代增加(1/2)n＋1
D．曲线Ⅰ和Ⅳ的各子代间A和a的基因频率始终相等

11.(2017·山东菏泽一模)玉米的紫株和绿株由6号染色体上一对等位基因(N，n)控制，正常情况下紫株与绿株杂交，子代均为紫株。育种工作者用X射线照射紫株A后再与绿株杂交，发现子代有紫株732株、绿株2株(绿株B)。为研究绿株B出现的原因，让绿株B与正常纯合的紫株C杂交得到F1，F1再严格自交得到F2，观察F2的表现型及比例，并做相关分析。
(1)假设一：X射线照射紫株A导致其发生了基因突变。基因突变的实质是________________________。如果此假设正确，则F1的基因型为________；F1自交得到的F2中，紫株所占的比例应为________。
(2)假设二：X射线照射紫株A导致其6号染色体断裂，含有基因H的片段缺失(注：一条染色体片段缺失不影响个体生存，两条同源染色体缺失相同片段的个体死亡)。如果此假设正确，则绿株B能产生________种配子，F1的表现型为________；F1自交得到的F2中，紫株所占比例应为________。
(3)上述杂交实验中玉米植株颜色的遗传遵循________________规律。
(4)利用细胞学方法可以验证假设二是否正确。操作时最好选择上图中的________(植株)，在显微镜下常对其减数分裂细胞中的染色体进行观察和比较，原因是______________。
12．(2017·山东潍坊期末)杂种优势泛指杂种品种即F1(杂合子)表现出的某些性状或综合性状优越于其亲本品种(纯系)的现象。现阶段，我国大面积推广种植的优质、高产玉米品种，均为杂合子。请回答下列问题。
(1)玉米是单性花、雌雄同株的作物。在杂交过程中，玉米相对于豌豆可以简化环节，在开花前直接给雌、雄花序________________处理即可。
(2)在农业生产时，玉米杂交种(F1)的杂种优势明显，但是F2会出现杂种优势衰退现象。这可能是F1产生配子时发生了________，使F2出现一定比例纯合子所致。
(3)玉米的大粒杂种优势性状由一对等位基因(A1A2)控制，现将若干大粒玉米杂交种平分为甲、乙两组，相同条件下隔离种植，甲组自然状态授粉，乙组人工控制自交授粉。若所有的种子均正常发育，第3年种植时甲组和乙组杂种优势衰退率(小粒所占比例)分别为________、________。
(4)玉米的大穗杂种优势性状由两对等位基因(B1B2C1C2)共同控制，两对等位基因都纯合时表现为衰退的小穗性状。若大穗杂交种(B1B2C1C2)自交，F2出现衰退的小穗性状的概率为1/2，则说明基因与染色体的关系是________________________________________________________________________。
(5)如果玉米的某杂种优势性状由n对等位基因控制，且每对等位基因都独立遗传。若某杂种优势品种n对基因都杂合，其后代n对基因都纯合时才表现衰退，该品种自然状态授粉留种，第二年种植时(F2)表现衰退的概率为________，由此推断F2杂种优势衰退速率与杂合等位基因对数的关系是________________________________________________________________________
________________________________________________________________________。

课练11　孟德尔的豌豆杂交实验
1．解析：测交实验可以用于检测F1的基因型，也可检测F1产生的配子的基因组成及比例，B错误；基因分离定律的实质是减数第一次分裂后期，等位基因随同源染色体的分离而分离，而基因的自由组合定律的实质是减数第一次分裂后期非等位基因随非同源染色体的自由组合而自由组合，所以两者的细胞学基础不同，C错误；同源染色体上的非等位基因无法自由组合，D错误。
答案：A
2．解析：丁个体DdYyrr测交，由于D、d与Y、y两对基因连锁，所以子代会出现2种表现型，比例为1∶1，A错误；甲、乙图个体基因型中只有一对基因杂合，只能揭示孟德尔基因分离定律的实质，B错误；孟德尔用假说—演绎法揭示基因分离定律时，用测交的方法检验F1的基因型，可以选甲、乙、丙、丁为材料，C正确；孟德尔用丙自交，子代表现型比例为9∶3∶3∶1，属于提出问题阶段，D错误。
答案：C
3．解析：鸡的雄羽和母羽受常染色体上的一对等位基因(设为H、h)控制，用母羽雌鸡与母羽雄鸡杂交，结果F1雄鸡中母羽∶雄羽＝3∶1，故母羽为显性性状，雄羽为隐性性状，则F1母羽雌鸡的基因型为HH、Hh和hh，比例为1∶2∶1，F1母羽雄鸡的基因型为HH、Hh，其比例是1∶2。若让F1母羽鸡随机交配，由于只有雄鸡中出现雄羽，故后代出现雄羽鸡的比例是(2/4×2/3×1/4＋1/4×2/3×1/2)×1/2＝1/12，B正确。
答案：B
4．解析：如果存在AA和BB纯合致死现象，即AA_ _和_ _ BB全部致死，则子代的性状分离比应为4∶2∶2∶1，A错误；若子代出现15∶1的性状分离比，则具有A或B基因的个体表现为显性性状，只有基因型为aabb的个体表现为隐性性状，B正确；若子代出现12∶3∶1的性状分离比，可能是A_B_和A_bb(即只要具有A基因)或A_B_和aaB_(即只要出现B基因)都表现为数字“12”所代表的表现型，此时AABb或AaBB的杂合子存在能稳定遗传的现象，C正确；若子代出现9∶7的性状分离比，表明只有同时存在A基因和B基因时，子代个体才表现出显性性状，因此只有AaBb、AABb、AaBB 3种杂合子自交会出现性状分离现象，D正确。
答案：A
5．解析：分析图形可知，紫色植株的基因型为：aaB_ _ _或_ _ _ _C_。因此纯合的紫花植株有aaBBCC、aaBBcc、AABBCC、AAbbCC、aabbCC 5种基因型。
答案：B
6．解析：根据甲与非凸耳杂交后得到的F1自交，F2出现两种性状，凸耳和非凸耳之比为15∶1(9∶3∶3∶1的变形)，可以推知凸耳性状受两对等位基因控制，A正确。由于甲、乙、丙与非凸耳杂交，F1都只有一种表现型，故甲、乙、丙可能均为纯合子，B正确。由于甲×非凸耳得到的F2凸耳∶非凸耳＝15∶1，说明非凸耳是双隐性状，甲是双显纯合子，乙×非凸耳得到的F2凸耳∶非凸耳＝3∶1，说明乙是单显纯合子，故甲与乙杂交子代再自交得到的F2中一定有显性基因，性状表现一定是凸耳，C正确。由于丙×非凸耳得到的F2凸耳∶非凸耳＝3∶1，故丙也为单显纯合子。设相关基因用A、a和B、b表示，若乙和丙的基因型均为AAbb或均为aaBB，则乙和丙杂交子代再自交得到的F2表现型均为凸耳；若乙和丙基因型分别为AAbb、aaBB或aaBB、AAbb，则乙和丙杂交得到的F1为双杂合子，F1再自交得到的F2表现型及比例为凸耳∶非凸耳＝15∶1，D错误。
答案：D
7．解析：该植物体细胞中有5对同源染色体，减数第一次分裂前期可形成5个四分体，A正确。仅有显性基因E存在时，植株的雄蕊会转化成雌蕊，成为双雌蕊可育植物可知，bbEE为双雌蕊的可育植株，只能作母本，显性基因B和E共同存在时，植物开两性花，因此BBEE为野生型，B正确；不存在显性基因E的植物表现为败育，BbEe个体自花传粉，只有_ _ee个体不育，占后代的1/4，因此后代可育个体占3/4，C正确；可育个体中纯合子的基因型有BBEE和bbEE，D错误。
答案：D
8．解析：根据Ⅲ中F2红粒∶白粒＝63∶1，即白粒所占比例为1/64＝(1/4)3，说明红色和白色性状至少由三对独立遗传的等位基因控制，即三对等位基因分别位于三对同源染色体上，A错误；设基因为A、a，B、b，C、c，第Ⅲ组杂交组合中子一代的基因型只有1种(AaBbCc)，B错误；白粒的基因型只有1种，即aabbcc，只要基因型中含有显性基因，就表现为红粒，第Ⅰ组子一代的基因型可能为Aabbcc、aaBbcc、aabbCc，第Ⅱ组子一代的基因型可能为AaBbcc、AabbCc、aaBbCc，C正确；如果第Ⅰ组子一代的基因型为Aabbcc，则它与aabbcc测交，后代中红粒∶白粒＝1∶1，同理，如果第Ⅰ组子一代的基因型为aaBbcc或aabbCc，测交后代也是红粒∶白粒＝1∶1，D错误。
答案：C
9．解析：演绎推理内容是F1产生配子时成对遗传因子分离，则测交后代会出现两种性状，比例接近1∶1，再设计测交实验对分离定律进行验证；亲本产生配子时，成对的遗传因子彼此分开属于假说内容；受精时，雌雄配子的结合是随机的属于假说内容；测交结果为：30株高茎，34株矮茎，属于实验结果，是验证过程不是演绎过程。
答案：A
10．解析：由题意可知，香味性状对应基因型为aa，一旦出现即能稳定遗传；由于子代抗病∶感病＝1∶1，可推知亲代为Bb和bb，子代无香味∶香味＝3∶1，可推知亲代为Aa和Aa，所以两亲本的基因型分别是Aabb、AaBb；两亲本(Aabb、AaBb)杂交的子代中有香味抗病植株的基因型为aaBb，均为杂合子；两亲本杂交的子代为AABb、AaBb、AAbb、Aabb、aaBb、aabb，子代自交，后代群体中能稳定遗传的有香味抗病植株(aaBB)所占比例为××＋×＝。
答案：D
11．解析：(1)第二组两亲本均为黄鼠，后代出现了黑鼠，说明黄色皮毛是显性性状，黑色皮毛是隐性性状。根据第1组后代黄鼠∶黑鼠≈1∶1和第2组后代黄鼠∶黑鼠≈2∶1，可推测皮毛颜色受一对等位基因控制。(2)第二组后代黄鼠∶黑鼠≈2∶1，说明后代中显性个体只有杂合子，即显性纯合致死。(3)由于显性纯合致死，因此，黄色皮毛小鼠都是杂合子，它们自由交配后代会出现性状分离，不能稳定遗传。(4)黑色皮毛小鼠(假设基因型为aa)占25%，则黄色皮毛小鼠(Aa)占75%，则a的基因频率为25%＋×75%＝＝62.5%。
答案　(1)显　1　基因分离
(2)显性纯合致死　
(3)不能　
(4)62.5%(或5/8)
12．解析：(1)据题意可知，植株蔓生、矮生由一对等位基因D、d控制，蔓生植株的高度由位于非同源染色体上的两对等位基因(A、a和B、b)控制，且与D、d独立遗传，故以上性状的遗传符合基因自由组合定律。(2)现用纯合的株高3.0 m的蔓生植株(DDAABB)和隐性纯合矮生植株(ddaabb)进行杂交得F1(DdAaBb)，F1自交得F2，若假设一成立，由题干可知每个显性基因对株高的增加效应为0.5 m，则F2中表现型有1.0 m、1.5 m、2.0 m、2.5 m、3.0 m五种，故F2中2.0 m蔓生植株的基因型为：D_AAbb、D_aaBB和D_AaBb，所占比例为×＝；若假设二成立，则高株蔓生的基因型为D_A_B_、D_A_bb或D_aaB_，矮株蔓生基因型为D_aabb，矮生基因型为dd_ _ _ _，则F2的性状分离比为高株蔓生∶矮株蔓生∶矮生＝∶∶＝45∶3∶16。(3)纯合蔓生植株(DD)作母本，与矮生品种(dd)杂交，理论上F1基因型为Dd，都为蔓生植株，若在F1中偶尔发现了一株矮生植株，则原因可能是在形成雌配子时，D基因突变为d基因，也可能是同源染色体或姐妹染色单体未分离等。
答案：(1)基因的自由组合　(2)9/32　45∶3∶16　(3)D基因突变为d基因　同源染色体或姐妹染色单体未分离(或含D基因的染色体片段缺失、环境影响基因表达)
加餐练
1．解析：根据题意，由纯合红花植株与纯合白花植株进行杂交，F1全部表现为红花，F1自交得到的F2植株中红花∶白花≈9∶7，可推知红花与白花由两对独立遗传的等位基因控制(假设相关基因用A、a和B、b表示)，即两对等位基因位于两对同源染色体上，C错误；双显性(A_B_)基因型(4种)的植株表现为红花，B错误；单显性(A_bb和aaB_)和双隐性(aabb)基因型的植株均表现为白花，所以F2中白花植株有的为纯合体，有的为杂合体，A错误；F2中白花植株共有5种基因型，比红花植株(4种)基因型种类多，D正确。
答案：D
2．解析：孟德尔分离定律的本质是杂合子在减数分裂时，位于一对同源染色体上的一对等位基因分离，进入不同的配子中去，独立地遗传给后代。验证孟德尔分离定律一般用测交的方法，即杂合子与隐性个体杂交，若用纯合子验证的话，可先杂交再测交得出子二代1∶1的性状分离比，这样也能验证孟德尔的分离定律，即所选实验材料是否为纯合子都不影响验证结果，故A选项符合题意，影响较小；对分离定律进行验证的实验要求所选相对性状有明显的显性隐性区分，否则会严重影响实验结果；验证实验中所选的相对性状一定只受一对等位基因控制，这样才符合分离定律的适用范围；实验中要严格遵守实验操作流程和统计分析方法，否则会导致实验误差。
答案：A
3．解析：若亲代群体只含有纯合体HH和hh，由于基因型频率不确定，则基因频率也不确定(0<p<1)，所以随机交配后均可出现如图所示现象，A正确；若亲代群体只含有杂合体，则p＝1/2，B正确；H的基因频率为p，设h的基因频率为q，则F1代中HH、Hh、hh的基因型频率分别为p2、2pq、q2，p＝a时，hh和Hh的基因型频率相等，即2pq＝q2，且p＋q＝1，可得p＝1/3，所以F1代中HH的比例为p2＝1/9，C正确；同理p＝c时，p、q分别为2/3、1/3，HH、Hh和hh基因型频率分别占4/9、4/9、1/9，F1自交一代，子代中纯合体比例为4/9＋4/9×1/2＋1/9＝7/9，D错误。
答案：D
4．解析：(1)因为抗锈病(A)对感锈病(a)为显性，无芒(B)对有芒(b)为显性，要用4个品种组成两个杂交组合，使其F1均为抗锈病无芒，且它们的F2表现型及数量比完全一致，则杂交组合的基因型应该分别为AABB×aabb和AAbb×aaBB，且这两对等位基因必须分别位于两对同源染色体上，遵循孟德尔自由组合定律。(2)据题意，F3株系中只表现出一对性状分离的株系有4种，这4种株系分别是F2中基因型为AABb、AaBB、Aabb、aaBb的个体的后代，这些个体自交后代的表现型及比例分别是抗锈病无芒∶抗锈病有芒＝3∶1、抗锈病无芒∶感锈病无芒＝3∶1、抗锈病有芒∶感锈病有芒＝3∶1和感锈病无芒∶感锈病有芒＝3∶1。
答案：(1)非同源染色体　自由组合　随机结合　相等　抗锈病无芒×感锈病有芒　抗锈病有芒×感锈病无芒
(2)抗锈病无芒∶抗锈病有芒＝3∶1　抗锈病无芒∶感锈病无芒＝3∶1　抗锈病有芒∶感锈病有芒＝3∶1　感锈病无芒∶感锈病有芒＝3∶1
5．解析：(1)(2)实验1：有毛A与无毛B杂交，子一代均为有毛，说明有毛为显性性状，双亲关于果皮有毛、无毛这对相对性状的基因型均为纯合的(A的基因型为DD，B的基因型为dd)；实验3：白肉A与黄肉C杂交，子一代均为黄肉，据此可判断黄肉为显性性状，双亲关于果肉颜色的基因型均为纯合的(A的基因型为ff，C的基因型为FF)；在此基础上，依据“实验1中的白肉A与黄肉B杂交，子一代黄肉与白肉的比为1∶1”可判断黄肉B是杂合的，基因型为Ff。综上所述，有毛白肉A、无毛黄肉B和无毛黄肉C的基因型依次为DDff、ddFf、ddFF。
(3)无毛黄肉B(ddFf)自交，理论上，下一代的基因型为ddFF∶ddFf∶ddff＝1∶2∶1，表现型及比例为无毛黄肉∶无毛白肉＝3∶1。
(4)实验3中有毛白肉A(DDff)与无毛黄肉C(ddFF)杂交，子一代的基因型为DdFf，由于两对等位基因D、d和F、f独立遗传，符合基因自由组合定律，理论上，下一代的表现型及比例为有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉＝9∶3∶3∶1。
(5)实验2中亲本的基因型为ddFf(无毛黄肉B)和ddFF(无毛黄肉C)，其杂交得到的子代无毛黄肉的基因型有2种：ddFf和ddFF。
答案：(1)有毛　黄肉
(2)DDff、ddFf、ddFF
(3)无毛黄肉∶无毛白肉＝3∶1
(4)有毛黄肉∶有毛白肉∶无毛黄肉∶无毛白肉＝9∶3∶3∶1
(5)ddFF、ddFf
6．解析：①②分别为去雄和授粉，去雄的目的是避免自花传粉，授粉的目的是实现杂交，二者不是同时进行，去雄应在花蕾期进行的，授粉操作应在花粉成熟后进行，A错误，B、C正确；每一次操作后都要对高茎花的雌蕊套袋，以免受外来花粉的干扰，D正确。
答案：A
7．解析：等位基因的形成是基因突变的结果，A正确；基因Y和基因y的本质区别是脱氧核苷酸的序列不同，B错误；如在减数分裂过程中发生基因突变或交叉互换，则Y与y的分离可发生在减数第二次分裂后期，C正确；由于基因的选择性表达，豌豆叶肉细胞中基因Y或y处于关闭状态，D正确。
答案：B
8．解析：正反交结果均有四种基因型，说明该两对基因的遗传遵循基因的自由组合定律，A错误；正常情况下，双杂合子测交后代四种基因型与表现型的比例应该是1∶1∶1∶1，而作为父本的F1测交结果为AaBb∶Aabb∶aaBb∶aabb＝1∶2∶2∶2，说明父本F1产生的AB花粉有50%不能完成受精作用，则F1自交得F2，F2的表现型比例将不会出现9∶3∶3∶1，B错误、D正确；根据前面分析可知，F1仍能产生4种花粉，所以F1花粉离体培养，仍能得到四种基因型的植株，C错误。
答案：D
9．解析：黄色圆粒豌豆(YyRr)与绿色圆粒豌豆(yyRR)杂交子代的表现型之比是1∶1；XAY与XaXa杂交后，子二代中红眼(XAXa)与白眼(XaY)的性状之比是1∶1；基因型为AaXBY某动物在减数分裂过程中一个精原细胞产生的4个精子，有两种基因型，AY和aXB或者AXB和aY，比例均为1∶1；一个15N标记的双链DNA，放在14N培养液中复制两次后，形成4个DNA分子，含15N的DNA分子是2个，含14N的DNA是4个，二者之比为1∶2。
答案：D
10．解析：依题意可首先分析出前三代中Aa的基因型频率(如下表)，据此可判断曲线Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ分别对应表中的②、④、③、①4种情况。

①连续
自交
②随机
交配
③连续自交并逐
代淘汰隐性个体
④随机交配并逐代
淘汰隐性个体
P
1
1
1
1
F1
1/2
1/2
2/3
2/3
F2
1/4
1/2
2/5
1/2
由图可知，曲线Ⅱ的F3中Aa的基因型频率与曲线Ⅲ的F2中Aa的基因型频率相同，均为0.4，A、B正确；曲线Ⅳ的Fn中纯合体的比例和上一代中纯合子的比例分别为1－1/2n和1－1/2n－1，两者相差1/2n，C错误；曲线Ⅰ和Ⅳ分别代表随机交配和连续自交两种情况，此过程中没有发生淘汰和选择，所以各子代间A和a的基因频率始终相等，D正确。
答案：C
11．解析：(1)假设一：X射线照射紫株A导致其发生了基因突变，基因突变是指基因中碱基对的增添、缺失和替换，其实质是基因结构的改变。紫株A变异后与绿株(nn)杂交，后代有绿株出现，说明紫株A的基因型为Nn，绿株B的基因型为nn。绿株B(nn)与正常纯合的紫株C(NN)杂交，F1的基因型为Nn；F1自交得到F2，F2中紫株(N_)所占的比例应为3/4。(2)假设二：X射线照射紫株A导致其发生了染色体变异，即紫株A的一条染色体上缺失了含有基因N的片段，导致绿株B的基因型为nO，因此其能产生2种配子，一种配子含有基因n，另一种配子6号染色体缺失含N的片段用O表示，故绿株B与正常纯合的紫株C(NN)杂交，F1有两种基因型(比例相等)：Nn和NO(缺失含N的染色体片段)，均表现为紫株；F1自交得到的F2，由于两条同源染色体缺失相同片段的个体死亡，所以F2中紫株所占比例应为6/7。(3)玉米植株的颜色是受一对等位基因控制的，因此该性状的遗传遵循基因的分离定律。(4)基因突变是点突变，在显微镜下无法观察到，而染色体变异可在显微镜下观察到，所以假设二可以通过细胞学的方法来验证。
答案：(1)碱基对的替换、增添和缺失(基因结构的改变)　Nn　3/4　(2)2　全部为紫株　6/7　(3)基因的分离　(4)绿株B　联会的染色体处于配对状态，可以观察6号染色体是否相同
12．解析：(1)玉米是单性花，雌雄同株的植物，对玉米进行杂交，可直接去雄，然后对其套袋处理。(2)F1产生配子时发生了基因分离，才导致F2出现性状分离。(3)甲组自然状态授粉，相当于自由交配，既可以自交，也可以杂交，可以按照基因频率来解答，即A1的基因频率为1/2，A2的基因频率为1/2，第三年A1的基因频率为1/2，A2的基因频率为1/2，