20xx年高中物理必修三第十二章电能能量守恒定律(三十八).docx
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1、20xx年高中物理必修三第十二章电能能量守恒定律(三十八)1单选题1、某电阻的阻值为5,通过的电流为2A,则它在10s内产生的热量为()A100JB200JC10JD20J答案:B根据Q=I2Rt,代入数据解得Q=22510J=200J故选B。2、如图所示的电路中,电阻R2.0,电源的电动势E6.0V,内电阻r1.0。闭合开关S后,电阻R两端的电压为()A4.0VB2.0VC1.5VD1.0V答案:A由闭合电路欧姆定律有I=ER+r=2A故UIR4V故选A。3、图甲为某一小灯泡的UI图线,现将两盏这样的小灯泡并联后再与一个4的定值电阻R串联,接在内阻r为1、电动势E为3V的电源两端,如图乙所示
2、。则通过每盏小灯泡的电流I和每盏小灯泡的电功率P分别约为()AI0.2A,P0.6WBI0.3A,P0.6WCI0.2A,P0.2WDI0.3A,P0.4W答案:C设每盏小灯泡的电压为U,通过的电流为I,则通过整个电路的电流为2I,根据闭合电路的欧姆定律有E=U2I(Rr)即U、I还应满足U=310I在小灯泡的UI图像中作出对应的函数图线,如图所示则两个图线的交点即为小灯泡在电路中的工作点,所以通过小灯泡的电流I0.2A,对应灯泡两端的电压U1V,每盏小灯泡的功率P0.2W。故选C。4、某无人值守彩色电视中转站采用太阳能电源工作,转换设备电压为24V,每天发射时间为15h,功耗20W,其余9小
3、时为接收等候时间,功耗为5W,则()A转换设备电流恒为56AB转换设备负载每天耗电量约为14.375AhC转换设备每天消耗电能为345度D转换设备在等待过程中,工作电压小于24V答案:BA发射时间转换设备电流为I1=P1U=2024A=56A而在接收等候时间内,其电流为I2=P2U=524A=524A故A错误;B转换设备负载每天耗电量约为q=I1t1+I2t2=5615Ah+5249Ah=34524Ah14.375Ah故B正确;C转换设备每天消耗电能为W=P1t1+P2t2=2015Wh+59Wh=345Wh=0.345kWh故C错误;D转换设备在等待过程中,工作电压等于24V,他是恒定不变的
4、,故D错误;故选B。5、如图所示是根据某次实验记录数据画出的U-I图象,下列关于这个图象的说法中正确的是()A纵轴截距表示待测电源的电动势B横轴截距表示短路电流C根据r=EI短,计算出待测电源内电阻为12D电流为0.3A时的外电阻是1.8答案:AA根据闭合电路欧姆定律U=-Ir+E可知,纵轴截距表示待测电源的电动势。A正确;B当路端电压为零时,横坐标为短路电流,由图可知,原点纵坐标不是零,则横轴截距不表示短路电流,B错误;C图中不能直接得出短路电流,通过斜率可知,电源内阻为r=6.0-5.00.5=2C错误;D电流为0.3A时,外电阻为R=5.40.3=18D错误。故选A。6、如图电路中,A、
5、B两灯原来正常发光,忽然A灯比原来亮了,设这是因为电路中某一处发生了故障造成的,那么发生这种故障的可能是()AR1短路BR2断路CR3断路D电源断路答案:BAR1短路,则电源被短路了,灯泡都不亮,此选项不符合题意,A错误;B电阻R2与灯泡A是并联的,如果R2断路,此处只有灯泡A一个电阻,根据并联电路总电阻与分电阻的关系,此处电阻相当于增大,所以灯泡A两端电压增大,由P=U2R知,功率变大,灯泡A变亮,故B正确;C电阻R3与灯泡B是并联的,如果R3断路,此处只有灯泡B一个电阻,根据并联电路总电阻与分电阻的关系,此处电阻相当于增大,所以灯泡B两端电压增大,则灯泡A两端电压减小,则A的功率变小,灯泡
6、A变暗,C错误;D电源断路,电路没有电流,灯泡都不亮,此选项不符合题意,D错误;故选B。7、有关电动势的说法中不正确的是()A电源的电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功B当外电路断开时,电源的电压与电源电动势相等C电源提供的电能越多,电源的电动势越大D当电路中通过1C电荷量时,电源便将EJ其他形式的能转化为电能答案:CA根据电动势的定义式E=Wq可知,电源的电动势等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功,A正确,不符合题意;B根据U=E-Ir当外电路断开时I=0解得U=E电源的电压与电源电动势相等,B正确,不符合题意;C根据E=Wq,电动势
7、与非静电力做的功和移送的电荷量无关,与电源提供的电能多少无关,电动势由电源本身的结构决定,C错误,符合题意;D根据电动势的定义式EWq可知,当电路中通过1C电荷量时,非静电力做功EJ,电源便将EJ其他形式的能转化为电能,D正确,不符合题意。故选C。8、在如图所示的电路中R1=4,R2=6,电源电动势E=3V。当S闭合时,理想电压表的示数为U=1V。则流过电源的电流为和电源的内阻分别为()A0.25A,2B0.5A,2C0.25A,4D0.5A,4答案:A流过电源的电流与流过R1的电流相同,根据欧姆定律I=UR1=14A=0.25A根据闭合电路欧姆定律I=ER1+R2+r代入数据可得电源内电阻r
8、=2故选A。9、在如图所示的电路中,R1、R2为定住电阻,电压表和电流表均为理想电表,当滑动变阻器的触片向b端移动时,则下列说法正确的是()A电流表A的读数减小BR1、R2两端的电压变化量相比,R1电压变化大C连接电容器两极板的导线上有电流D电源的输出功率减小答案:CA当滑动变阻器的触片向b端移动时,R3阻值减小,根据串反并同可知,与R3串联的电流表示数增大,故A错误;B根据E=Ur+U1+U2可知0=Ur+U1+U2根据串反并同可知,与R3并联的R2电压减小,与R3串联的R1和r电压增大,故Ur0,U10,U20故Ur+U1=U2故U1U2故B错误;C与R3并联的电容器两端电压减小,根据C=
9、QU可知极板电荷量减小,故有电流,故C正确;D当内外电阻相同时,电源输出功率最大,不知道内外电阻关系,无法判断输出功率变化,故D错误。故选C。10、在“测定电源的电动势和内阻”的实验中,某同学根据实验测得数据,画出如图的U-I图像,根据图线可得出该电源电动势和电源内阻分别为()A1.5V,2.5B1.5V,0.6C0.6V,2.5D0.6V,0.4答案:A由闭合回路欧姆定律可知U=E-Ir故图像与纵坐标的交点为电源电动势,即E=1.5V图像的斜率表示电源内阻,即r=1.5-00.6=2.5故选A。多选题11、如图所示,电源电动势E6V,小灯泡L的规格为“3V,0.9W”,开关S接1,当滑动变阻
10、器调到R8时,小灯泡L正常发光,现将开关S接2,小灯泡L和电动机M均正常工作,已知电动机的线圈电阻R01,则()A电源内阻为4B电动机正常工作的电压为0.3VC电动机输出的机械功率为0.63WD电源提供的总功率为1.8W答案:CDA流过灯泡的电流为I=0.93A=0.3A灯泡电阻为RL=UI=30.3=10开关S当接1时,由闭合电路欧姆定律可知EI(RL+R+r)即60.3(10+8+r)代入数据解得r2A错误;B当开关S接2时灯泡正常发光,小灯泡的额定电流为I0.3A,电源内阻分的电压为UrIr0.32V0.6V电动机分的电压为UMEULUr6V3V0.6V2.4VB错误;C当开关S接2时,
11、电动机输出的机械功率P出=UMIM-IM2R0=2.40.3W-0.321W=0.63WC正确;D电源提供的总功率P总IE0.36W1.8WD正确。故选CD。12、关于能源的利用和节能,下列说法正确的是()A根据能量守恒定律,能源的利用率应该是100%B节约能源只要提高节能意识就行,与科学进步无关C能量的总量不变,在自然界存在的形式不同D在能源的利用中,总会有一部分能源未被利用而损失掉答案:CDAD能源的使用在任何情况下都不可能达到理想状态,做到没有任何损失。虽然遵从能量守恒定律,但它指的是损失部分和被利用部分总和与原来能源总量相等,故A错误,D正确;B根据能量转化的方向性可知,能量经转化后,
12、可利用的能,只可能减少,不可能增加,因此节能的意义重大;同时,只有节能意识是不够的,必须利用科技进步提高能源的利用率,不断开发新能源,以满足人类社会可持续发展的需要,故B错误。C能量的总量不变,在自然界存在的形式不同,故C正确;故选CD。13、如图,电路中R1、R2为两只定值电阻,L为阻值恒定的灯泡,C为电容器,R为光敏电阻(光照越强,阻值越小),V为电压表,A为电流表。现闭合开关,逐渐增加光照强度,下列说法正确的是()A电路中灯泡L的发光亮度逐渐变强B电容器两极板间的电场强度逐渐变大C电路中电阻R1消耗的电功率逐渐变大DV的变化量与A的变化量之比不变答案:BDABC逐渐增加光照强度,光敏电阻
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