2025年初三化学化学推断题的专项培优易错试卷练习题及答案.doc

-初三化学 化学推断题专题 培优易错试卷练习题及答案

一、初中化学推断题
1．下图中A～H是初中化学常见物质。A俗称纯碱；C可用作补钙剂；G是一种常见氮肥，含氮量为35%；H、F物质类别相似。图中“—”表达两端物质间能发生化学反应；“→”表达物质间存在转化关系；反应条件、部分反应物和生成物已略去。

(1)写出化学式：G__________。
(2)写出化学方程式：
A转化为H反应________________，E和C反应_________________。
(3)若E与G构成元素相似，则E名称为________。
【答案】NH4NO3 Na2CO3+2HCl═2NaCl+CO2↑+H2O CaCO3+2HNO3═Ca（NO3）2+H2O+CO2↑（合理均可） 硝酸
【解析】
【分析】
A～H是初中化学常见物质，A俗称纯碱，因此A是碳酸钠，A和B反应会转化成C和D，C可用作补钙剂，因此C是碳酸钙，B是氢氧化钙，D是氢氧化钠，G是一种常见氮肥，含氮量为35%，因此G是硝酸铵，H、F物质类别相似，碳酸钙生成F会与氢氧化钠反应，因此F是二氧化碳，碳酸钠生成H会转化成B，因此H是水，E会与碳酸钠、碳酸钙反应，因此E可以是硝酸、盐酸等常见酸，通过验证，推断对。
【详解】
(1)由分析可知，G是NH4NO3；
(2) A转化为H反应是碳酸钠和稀盐酸反应生成氯化钠、二氧化碳、水，反应化学方程式为：Na2CO3+2HCl═2NaCl+CO2↑+H2O；
E和C反应可以是碳酸钙和稀硝酸反应生成硝酸钙和水、二氧化碳，反应化学方程式为：CaCO3+2HNO3═Ca（NO3）2+H2O+CO2↑；
(3)若E与G构成元素相似，则E名称为硝酸。
【点睛】
在解此类题时，首先将题中有特征物质推出，然后结合推出物质和题中转化关系推导剩余物质，最终将推出多种物质代入转化关系中进行验证即可。

2．五种物质之间转化关系如图所示，回答下列有关问题：

（1）③反应基本类型是_____。
（2）完毕①转化中，可在Na2CO3溶液中加入物质类别是_____（选填序号，A．氧化物B．酸C．碱 D．盐）。
（3）写出转化中属于中和反应化学方程式_____。
（4）⑧反应时一定发生现象是_____；若④反应出现蓝色沉淀，则反应化学方程式是_____；
（5）①～⑧可以逆向转化有_____（填序号）。
【答案】复分解反应 BD NaOH+HNO3＝NaNO3+H2O 产生白色沉淀 CuCl2+2NaOH＝Cu（OH）2↓+2NaCl ②⑤
【解析】
【详解】
（1）碳酸钠能与硫酸反应生成硫酸钠、二氧化碳和水，该反应是由两种化合物互相互换成分生成了两种新化合物，属于复分解反应；故填：复分解反应；
（2）碳酸钠能与盐酸（属于酸）反应生成氯化钠、水和二氧化碳；碳酸钠能与氯化钙（属于盐）反应生成氯化钠和碳酸钙白色沉淀；故填：BD；
（3）中和反应是指酸与碱作用生成盐和水反应，即氢氧化钠与硝酸反应生成硝酸钠和水；故填：NaOH+HNO3＝NaNO3+H2O；
（4）硫酸钠能与硝酸钡反应生成硫酸钡白色沉淀和硝酸钠，因此会观测到有白色沉淀产生；氢氧化钠能与氯化铜反应生成氢氧化铜蓝色沉淀和氯化钠；故填：产生白色沉淀；CuCl2+2NaOH＝Cu（OH）2↓+2NaCl；
（5）碳酸钠能与氢氧化钙反应生成碳酸钙白色沉淀和氢氧化钠；硫酸钠能与氢氧化钡反应生成硫酸钡白色沉淀和氢氧化钠；故填：②⑤。

3．A、B、C、D、X、Y、Z几种物质都是九年级化学中常见酸碱盐或氧化物，它们之间有如下转化关系(部分反应条件或产物已略去)，已知A、Y、Z都能使石蕊溶液变为蓝色，B、X都能使石蕊溶液变为红色，C是不溶于水白色固体，可用作补钙剂，B、D都是无色无味气体。请回答问题：

(1)写出B化学式_____________；
(2)写出反应①化学方程式：____________________________________。
(3)假如反应②不是化合反应，则该反应化学方程式也许是________________________。
【答案】（1）CO2； （2）Na2CO3+Ca（OH）2═CaCO3↓+2NaOH； （3）3CO+Fe2O3 2Fe+3CO2；
【解析】
根据“C是不溶于水白色固体，可用作补钙剂”，可推出C是碳酸钙；根据“A、Y、Z都能使石蕊溶液变为蓝色”，推测A、Y、Z为碱性；根据“B、X都能使石蕊溶液变为红色”，则推测B、X为酸性；根据“B、D都是无色无味气体”，结合图框，则推测B、D分别为二氧化碳、一氧化碳；A为碳酸钠，X为稀盐酸，Y为氢氧化钙，Z为氢氧化钠溶液，代入检查，符合题意。（1）根据分析，B、C化学式分别为：CO2；CaCO3；（2）A+Y→C，即碳酸钠与氢氧化钙溶液反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，则其化学方程式为：Na2CO3+Ca（OH）2═CaCO3↓+2NaOH；B+Z→A，即二氧化碳与氢氧化钠溶液反应生成碳酸钠和水，则其化学方程式为：2NaOH+CO2═Na2CO3+H2O；（3）反应②可以为一氧化碳燃烧生成二氧化碳，或一氧化碳与金属氧化物反应生成金属和二氧化碳，故假如反应②不是化合反应，则该反应化学方程式也许是3CO+Fe2O3 2Fe+3CO2。

4．下图是某些常见物质转化关系，其中C是无色无刺激性气体，且能使澄清石灰水变浑浊；E是一种无污染清洁能源，其燃烧产物是H。

请根据上图，回答下列有关问题：
(1)红棕色粉末A和气体C、E化学式分别为A________、C________、E：________。
(2)G转化为H和A反应类型是________反应；B转化成E和D反应类型是________反应。
(3)①A与盐酸反应化学方程式为_______________________；
②D和氯气化合生成F化学方程式为____________________________。
(4)以上图中无色气体C为中心，延展如图：

①请写出实现这两个转化另一反应物J、K化学式：J________、K________。
②请完善由CO和CaCO3分别转变成无色气体C转化关系图，在箭号上注明必要反应条件和其他反应物。
_______________________
【答案】Fe2O3 CO2 H2 分解 置换 Fe2O3＋6HCl===2FeCl3＋3H2O 2FeCl2＋Cl2===2FeCl3 C Ca(OH)2
【解析】
【详解】
由题目对C物质描述：无色无刺激性气体，且能使澄清石灰水变浑浊，可确定C物质为二氧化碳；由溶液F呈黄色可判断溶液中具有Fe3+，再根据溶液F与氢氧化钠溶液反应生成红褐色沉淀G，可判断G为Fe（OH）3，根据G受热分解生成红棕色粉末A和无色液体H，可判断A为Fe2O3、H为H2O；根据A与CO高温下生成无色气体C和黑色粉末B，可判断黑色粉末为Fe；根据黑色粉末B与稀盐酸反应生成无色气体E和浅绿溶液D，可判断E为H2、溶液D为FeCl2溶液；最终根据绿色溶液D通入氯气生成黄色溶液F，可判断溶液F为FeCl3溶液；
（1）由溶液F呈黄色可判断溶液中具有Fe3+，再根据溶液F与氢氧化钠溶液反应生成红褐色沉淀G，可判断G为Fe（OH）3，根据G受热分解生成红棕色粉末A和无色液体H，可判断A为Fe2O3、H为H2O；C是无色无刺激性气体，且能使澄清石灰水变浑浊，可判断气体C为CO2；根据黑色粉末Fe与稀盐酸反应生成无色气体E和浅绿溶液D，可判断E为H2、溶液D为FeCl2溶液；
故答案为Fe2O3；CO2；H2；
（2）可溶性铁盐与氢氧化钠溶液反应生成红褐色Fe（OH）3沉淀G，在加热条件下生成无色液体H2O和红棕色粉末Fe2O3，属于一种物质反应生成两种物质分解反应；B黑色粉末Fe与稀盐酸反应生成E无色气体H2和FeCl2浅绿溶液D，反应属于单质与化合物生成单质与化合置换反应；
故答案为分解；置换；
（3）①Fe（OH）3受热分解生成红棕色Fe2O3与稀盐酸发生复分解反应，生成FeCl3和H2O；
故答案为Fe2O3+6HCl=2FeCl3+3H2O；
②浅绿色氯化亚铁溶液与氯气发生反应，生成了氯化铁黄色溶液；
故答案为2FeCl2+Cl2=2FeCl3；
（4）①物质C为无色气体二氧化碳，二氧化碳能与氢氧化钙溶液形成碳酸钙沉淀、在高温条件下能与碳反应生成一氧化碳；因此，固体J为单质碳C、溶液K为Ca（OH）2溶液；
故答案为C；Ca（OH）2；
②一氧化碳在氧气中燃烧或高温下能金属氧化物如氧化铜反应，都可生成二氧化碳；碳酸钙与稀盐酸或在高温下发生分解也都可以产生气体二氧化碳；
故答案为
（由CO或CaCO3转化为CO2其他合理途径也行）

5．如图表达某些物质间转化关系（反应条件和部分产物已省略）．其中A、E为固体氧化物，且A为黑色粉末；B、D是由相似元素构成无色液体，且B具有消毒杀菌作用；C、Y、Z为无色气体，其中Y有毒；X是最常见金属．
请回答问题：

（1）反应①中A物质作用是______；
（2）反应④化学方程式：______；
（3）在平常生活中为防止反应②发生，可采用措施是______（写一点即可）；
（4）在自然界中普遍存在反应⑤，其名称为______．
【答案】催化作用 涂油 光合作用
【解析】
【分析】
根据题目中信息“A、E为固体氧化物，且A为黑色粉末”、“B、D是由相似元素构成无色液体，且B具有消毒杀菌作用”，阐明B为过氧化氢，而D是水；从反应角度也可以判定，由于AB反应生成物中居然仍旧有A，阐明A为催化剂，而BD是液体，因此应当是过氧化氢在二氧化锰催化下分解，C也许为氧气；CD（氧气和水）和X（金属）可以反应生成E，在初中只有铁生锈是这样三种物质，因此X为铁，而E重要成分为铁锈．而E和盐酸反应得到黄色溶液F（三价铁离子溶液是黄色）也印证了E为氧化铁．而E和“有毒气体”Y可以反应得到金属X，因此Y为有毒还原性气体，因此为一氧化碳，则Z为二氧化碳．代入检查，符合题意．
【详解】
（1）反应①中A物质前后没有发生变化，因此起到催化剂作用或者是催化作用；
（2）反应④是一氧化碳与氧化铁在高温条件下反应生成铁和二氧化碳．该反应化学方程式为：；
（3）在平常生活中为防止反应②发生，即防锈，可以从表面考虑刷漆、抹油或者做镀层，从内部考虑话就是做成不锈钢等．
（4）在自然界中普遍存在反应⑤，为二氧化碳与水反应生成有机物，其名称为光合作用．
故答案为：
【点睛】
物质推断题解题关键是借助特征性反应和物质特征性颜色等，因此在平时学习中要多总结，勤反思，构建物质之间转化关系网络图，这样解答类似题目将很顺手．

6．某校化学爱好小组同学用废弃黄铜（铜锌合金），通过两种途径制取硫酸铜晶体。试验流程如图所示：

（1）操作a为______。
（2）浓硫酸是化学试验室里一种常见酸。试验室稀释浓硫酸操作是：将______，并用玻璃棒不停搅拌。
（3）滤液A中溶质是______。
（4）铜在空气中灼烧反应方程式______。
（5）爱好小组同学通过查资料获悉，铜和浓硫酸在加热条件下发生反应方程式是：，以上两种途径，哪种途径制取硫酸铜晶体更好？请阐明理由。______（答一点理由即可）。
【答案】过滤 浓硫酸沿烧杯壁缓缓注入水中 硫酸锌和硫酸（或H2SO4和ZnSO4） 途径Ⅱ 途径Ⅱ不生成二氧化硫，更环境保护或制取相似质量硫酸铜晶体，途径Ⅱ消耗硫酸少，原料运用率高
【解析】
【分析】
浓硫酸是化学试验室里一种常见酸。由于硫酸溶解于水放热且自身密度比水大，稀释浓硫酸操作是：将浓硫酸沿烧杯壁缓缓注入水中，并用玻璃棒不停搅拌，黄铜是合金，里面具有锌，黄铜和过量硫酸反应，因此生成硫酸锌同步尚有剩余硫酸，铜在空气中灼烧是铜和氧气在加热条件下生成氧化铜。
【详解】
（1）操作a得到固体和液体，因此为过滤。
（2）浓硫酸是化学试验室里一种常见酸。由于硫酸溶解于水放热且自身密度比水大，因此试验室稀释浓硫酸操作是：将 浓硫酸沿烧杯壁缓缓注入水中，并用玻璃棒不停搅拌。
（3）由于是黄铜和过量硫酸反应，因此生成硫酸锌同步尚有剩余硫酸，因此滤液A中溶质是硫酸锌和硫酸（或H2SO4和ZnSO4）。
（4）铜在空气中灼烧是铜和氧气在加热条件下生成氧化铜，对应反应方程式为
。
（5）爱好小组同学通过查资料获悉，铜和浓硫酸在加热条件下发生反应方程式是：
，以上两种途径，途径Ⅱ途径制取硫酸铜晶体更好。途径Ⅱ不生成二氧化硫，更环境保护或制取相似质量硫酸铜晶体，途径Ⅱ消耗硫酸少，原料运用率高。
【点睛】
黄铜和过量硫酸反应，因此生成硫酸锌同步尚有剩余硫酸，铜在空气中灼烧是铜和氧气在加热条件下生成氧化铜。

7．如图是初中化学中常见物质间转化关系，其中甲、乙、丙为单质；A、B、C、D、E为化合物，且A与B构成元素相似，D与E构成元素也相似。已知C、丙均为黑色粉末，C和E在高温条件下可生成丙和D，其他反应条件、部分反应物和生成物均已略去。试推断：

（1）写出有关物质化学式：A_____、甲_____、E_____；丙_____
（2）写出下列化学方程式：
A→B+甲：_____；
C+E→丙+D：_____。
丙→乙：_____。
【答案】H2O2 O2 CO Fe A→B+甲是过氧化氢分解产生水和氧气，反应方程式为：2H2O2 2H2O+O2↑ 4CO+Fe3O43Fe+4CO2 Fe+H2SO4＝FeSO4+H2↑（或Fe+2HCl＝FeCl2+H2↑）。
【解析】
【分析】
物质A能生成B和单质甲，且A与B构成元素相似，可判断A也许为过氧化氢、B为水；B又能生成单质甲和乙，即可确定B为水，甲为氧气，乙为氢气；黑色单质丙能通过反应生成氢气，那么丙就是铁粉，氧气能生成黑色粉末C，C又能生成铁，故C为四氧化三铁，那么D应当是二氧化碳，ED构成元素相似，E应当是一氧化碳，C和E在高温条件下反应可生成丙和D，深入证明了E和D分别是一氧化碳和二氧化碳。
【详解】
（1）根据分析可知，A是H2O2，甲是O2，E是CO，丙是Fe；
（2）A→B+甲是过氧化氢分解产生水和氧气，反应方程式为：2H2O2 2H2O+O2↑；
C+E→丙+D是一氧化碳和四氧化三铁生成铁和二氧化碳，反应化学方程式为：4CO+Fe3O43Fe+4CO2；
丙→乙是铁和酸反应，如盐酸、硫酸，反应方程式为：Fe+H2SO4＝FeSO4+H2↑（或Fe+2HCl＝FeCl2+H2↑）。

8．下列物质转换是我们已学过常见物质反应，E能使带火星木条复燃，H能使澄清石灰水变浑浊，在反应②中，B质量和化学性质均不变化．

则图中E为_____，H为_____，属于化合反应是_____，（填序号，下同），属于分解反应是_____，分别写出①、②、③文字体现式：_____；_____；_____．
【答案】氧气 二氧化碳 ③ ①② 高锰酸钾锰酸钾+二氧化锰+氧气 过氧化氢水+氧气或氯酸钾氯化钾+氧气 碳+氧气二氧化碳
【解析】
【详解】
解：加热A能生成B、C、E三种物质；E能使带火星木条复燃，因此是氧气；H能使澄清石灰水变浑浊，因此是二氧化碳，由此可推断A为高锰酸钾，B和D生成E和F，在反应中B质量和化学性质均不变化可推测B为二氧化锰；C为锰酸钾，D为双氧水或氯酸钾；G为碳，带入框图，推断合理；
E为氧气，H为二氧化碳，反应③是碳和氧气反应生成二氧化碳，属于化合反应，反应①是加热高锰酸钾分解生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，属于分解反应，②是过氧化氢在二氧化锰催化作用下分解生成水和氧气或是氯酸钾在二氧化锰催化作用下分解生成氯化钾和氧气，属于分解反应，故填：氧气；二氧化碳；③；①②；
高锰酸钾锰酸钾+二氧化锰+氧气；过氧化氢水+氧气或氯酸钾氯化钾+氧气；碳+氧气二氧化碳．

9．取混有少许氧化铜锌和铁混合物，加入一定量稀硫酸，充足反应后，过滤，得滤渣和浅绿色滤液。
（1）滤渣中一定有_____，滤液中溶质一定有_____；
（2）设计试验方案，探究滤渣成分和与滤渣成分对应滤液中溶质成分，写出试验操作、预期现象及结论。_____
【答案】铜 硫酸锌、硫酸亚铁 取少许滤渣放入干燥洁净试管中,然后向试管中加入少许稀盐酸,假如有气泡产生,溶液由无色逐渐变成浅绿色,则滤渣为铁和铜混合物,假如没有气泡产生,则滤渣为铜；取滤液少许放入盛有锌粒干燥洁净试管中,假如有气泡产生,滤液由浅绿色逐渐变为无色,阐明滤液中有硫酸、硫酸锌和硫酸亚铁,假如没有气泡产生,滤液由浅绿色逐渐变为无色,阐明滤液中有硫酸锌和硫酸亚铁.
【解析】
【详解】
（1）根据金属活动性锌>铁>氢>铜，取混有少许氧化铜锌和铁混合物，加入一定量稀硫酸，硫酸先与氧化铜反应生成硫酸铜和水，硫酸铜再分别和锌、铁反应生成硫酸锌和硫酸亚铁，充足反应后，过滤，得滤渣和浅绿色滤液，再根据亚铁离子显浅绿色，可推导出滤渣中一定有铜，一定没有锌，滤液中溶质一定有硫酸锌、硫酸亚铁；
（2）取少许滤渣放入干燥洁净试管中,然后向试管中加入少许稀盐酸,假如有气泡产生,溶液由无色逐渐变成浅绿色,则滤渣为铁和铜混合物,假如没有气泡产生,则滤渣为铜；
取滤液少许放入盛有锌粒干燥洁净试管中,假如有气泡产生,滤液由浅绿色逐渐变为无色,阐明滤液中有硫酸、硫酸锌和硫酸亚铁,假如没有气泡产生,滤液由浅绿色逐渐变为无色,阐明滤液中有硫酸锌和硫酸亚铁.

10．A～E为初中化学常见五种不一样类别物质，其中A是一般状况下密度最小气体，C广泛应用于玻璃、造纸纺织和洗涤剂生产。它们之间关系如图所示（“﹣”表达相邻两种物质能发生反应；“→”表达两种物质间转化关系；图中部分反应物、生成物及反应条件已略
去）。请回答问题：

（1）C化学式是_____。
（2）D一种用途是_____。
（3）A→E化学方程式是_____。
（4）B和D反应基本反应类型是_____。
【答案】Na2CO3 改良酸性土壤 2H2+O22H2O合理即可 复分解反应
【解析】
【分析】
A～E为初中化学常见五种不一样类别物质，A是一般状况下密度最小气体，因此A是氢气，C广泛应用于玻璃、造纸、纺织和洗涤剂生产，因此C是碳酸钠，B会转化成氢气，会与碳酸钠反应，酸溶液（如盐酸、稀硫酸）与活泼金属反应可生成氢气，酸溶液能与碳酸钠溶液反应因此B是酸，可以是盐酸，氢气和盐酸都会转化成E，因此E是水，水和D可以互相转化，D会与盐酸、碳酸钠反应，因此D是氢氧化钙，通过验证，推导对，
【详解】
根据以上分析可知：
（1）C化学式是Na2CO3；
（2）D是氢氧化钙，具有碱性，可用作改良酸性土壤；
（3）A→E反应是氢气和氧气在点燃条件下生成水，化学方程式是：2H2+O22H2O；
（4）B和D反应是盐酸和氢氧化钙反应生成氯化钙和水，该反应由两种化合物互相互换成分，生成此外两种化合物反应，基本反应类型是复分解反应。
【点睛】
在解此类题时，首先将题中有特征物质推出，然后结合推出物质和题中转化关系推导剩余物质，最终将推出多种物质代入转化关系中进行验证即可。

11．A～E均为初中化学常见物质，它们之间关系如图所示(部分物质已经略去)。已知A是目前世界上年产量最高金属;B是胃酸重要成分;C中金属元素质量分数为40%， 其水溶液呈蓝色，常用来配制农药波尔多液;D属于碱;E属于盐。则C化学式为__________;A与B反应化学方程式为__________；E转化为D化学方程式为__________。

【答案】CuSO4 Fe+2HCl=FeCl2+H2↑ Na2CO3+Ca(OH)2=2NaOH+CaCO3↓ 
【解析】
A是目前世界上年产量最高金属，则A是铁；B是胃酸重要成分，则B是盐酸；C中金属元素质量分数为40%， 其水溶液呈蓝色，常用来配制农药波尔多液，则C是硫酸铜；D属于碱，E属于盐，且E、D能与HCl反应，D能与CuSO4反应，并且常见，则D也许是NaOH，E也许是Na2CO3。C化学式为CuSO4；A与B反应是铁与盐酸反应，反应化学方程式为Fe+2HCl=FeCl2+H2↑；E转化为D是碳酸钠转化为氢氧化钠，反应化学方程式为Na2CO3+Ca(OH)2=2NaOH+CaCO3↓。
点睛：在解此类题时，首先将题中有特征物质推出，然后结合推出物质和题中转化关系推导剩余物质，最终将推出多种物质代入转化关系中进行验证即可。

12．如图，物质王国中A～F及X七种物质玩“独木桥”游戏，其中A～F分别是盐酸、氢气、氧化铜、氢氧化钙、碳酸钠、二氧化碳六中物质中一种。

(1)搭桥:规则是A～F搭桥后相邻物质之间能发生化学反应(所波及反应均为初中常见化学反应)。
已知E俗名叫熟石灰。
①E化学式是________________；
②A与B反应基本类型是__________________；
③C与D反应化学方程式是_____________________________。
(2)过桥:若A～F分別通过一步反应能直接转化为X，则X可成功过桥，物质X是__________。
【答案】 Ca(OH)2 置换反应 2HCl+ Na2CO3= 2NaCl+ CO2↑+ H2O H2O
【解析】物质王国中A～F及X七种物质玩“独木桥”游戏，其中A～F分别是盐酸、氢气、氧化铜、氢氧化钙、碳酸钠、二氧化碳六种物质中一种。（1）搭桥：规则是A～F搭桥后相邻物质之间能发生化学反应，E俗名叫熟石灰，氢氧化钙会与碳酸钠、盐酸反应，氢气只会与氧化铜反应，因此A、F也许是氢气，F是氢气时，不会与氢氧化钙反应，因此A是氢气，B是氧化铜，氧化铜会与盐酸反应，因此C是盐酸，D是碳酸钠，F是二氧化碳，通过验证，推导对，因此①E化学式是Ca（OH）2；②A与B反应是氢气和氧化铜在加热条件下生成铜和二氧化碳，因此基本类型是置换反应；③C与D反应是碳酸钠和盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，化学方程式是：2HCl+Na2CO3=2NaCl+CO2↑+H2O；过桥：若A～F分別通过一步反应能直接转化为X，则X可成功过桥，氢气和氧化铜反应生成水，氧化铜和盐酸反应生成水，盐酸和碳酸钠反应生成水，碳酸钠和氢氧化钙反应生成水，氢氧化钙和二氧化碳反应生成水，通过验证，推导对，因此X是水。