四川省邛崃市文昌中学校2025年高二物理第二学期期末学业质量监测试题含解析.doc

四川省邛崃市文昌中学校2025年高二物理第二学期期末学业质量监测试题
注意事项：
1． 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图，倾角为θ的粗糙绝缘体斜面固定于水平向左的匀强磁场B中，将通电直导线垂直于斜面水平放置，导线中电流方向垂直于纸面向里如果导线能静置于斜面上，则下列说法正确的是：（   ）

A．导线一定受到斜面弹力，但不一定受斜面摩擦力
B．导线一定受到斜面摩擦力，但不一定受斜面弹力
C．如果导线受弹力作用，那么也一定会受摩擦力的作用，且弹力和摩擦力合力一定垂直向上
D．如果导线受弹力作用，那么也一定会受摩擦力的作用，且弹力和摩擦力合力不一定垂直向上
2、用水平力F推静止在斜面上的物块,当力F由零开始逐渐增大到某一值而物块仍保持静止状态,则物块(   )

A．所受斜面摩擦力可能变为零
B．所受合力逐渐增大
C．所受斜面弹力逐渐变小
D．所受斜面作用力大小不变
3、如图所示，一个金属导体做成的三角形线圈，以恒定的水平速度v穿过匀强磁场区域（L＞d），若设顺时针方向为电流的正方向，从进入磁场的左边界开始计时，则下列表示线圈中电流i随时间t变化的图象中正确的是

A． B． C． D．
4、关于激光的应用，下列说法正确的是
A．全息照片拍摄是利用了激光的全反射原理
B．利用激光是相干光，可以用在雷达上进行精确的测距
C．由于激光平行度好，它能像无线电波那样被调制，用来传递信息
D．利用激光亮度高，可以用在医学上做光刀切除肿瘤，或“焊接”剥落的视网膜
5、某原子核A先进行一次β衰变变成原子核B，再进行一次α衰变变成原子核C，则（ ）
A．核C的质子数比核A的质子数少2
B．核A的质量数减核C的质量数等于3
C．核A的中子数减核C的中子数等于3
D．核A的中子数减核C的中子数等于5
6、如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，，为电容器，已知通过的正弦交流电如图乙所示，则　　

A．通过的电流方向每秒改变50次
B．电阻的电功率约为瓦
C．原线圈输入电压的峰值为
D．若将电容器上下极板左右错开一定距离，通过的电流增大
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、如图所示，用丝线吊一个质量为m的带电(绝缘)小球处于匀强磁场中，空气阻力不计，当小球分别从A点和B点向最低点O运动且两次经过O点时( )

A．小球的动能相同
B．丝线所受的拉力相同
C．小球所受的洛伦兹力相同
D．小球的向心加速度相同
8、能源是社会发展的基础，发展核能是解决能源问题的途径之一，下列释放核能的反应方程，表述正确的有( )
A．是核聚变反应
B．H+H→He+n是β衰变
C．U+n →Ba+Kr+3n是核裂变反应
D．U+n →Xe+Sr+2n是α衰变
9、一条弹性绳子呈水平状态，0为绳子中点，两端点M、N相距16m.在=0时刻，M、N开始上下振动，它们的振动图象分别如图甲、乙所示，已知两列波的波速均为2m/s，则

A．两列波的起振方向相同
B．=4s时刻，两列波同时传到0点
C．=4.5s时刻，0点位移为0，速度最大
D．稳定后M、N之间存在8个振动加强点
10、如图1，轻弹簧竖直固定，一质量m=0.2kg的小球从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩到最短的过程中(弹簧始终在弹性限度内)，其速度v和弹簧压缩量Δx的变化关系如图2，其中A为曲线最高点．不计空气阻力，取g=10m/s，以下说法正确的是

A．弹簧的劲度系数为20N/m
B．当Δx=0.4m时小球处于超重状态
C．小球刚接触弹簧时速度最大
D．从接触弹簧到压缩至最短过程中，小球的加速度先减小后增大
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）在“测定金属丝电阻率”的实验中需要测出其长度L、直径d和电阻R．

(1)用游标卡尺测金属丝长度时读数如图，则金属丝的长度为_____mm；

(2)用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图乙，则金属丝的直径为_____mm．
(3)若用图丙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值_____．（选填“偏大”或“偏小”）
(4)用电压表和电流表测金属丝的电压和电流时读数如图丁，则电压表的读数为_____V，电流表的读数为_____ A．

12．（12分）右图为“研究一定质量气体在压强不变的条件下，体积变化与温度变化关系”的实验装置示意图．粗细均匀的弯曲玻璃管A臂插入烧瓶，B臂与玻璃管C下部用橡胶管连接，C管开口向上，一定质量的气体被水银封闭于烧瓶内．开始时，B、C内的水银面等高．

（1）若气体温度升高，为使瓶内气体的压强不变，应将C管____________（填：“向上”或“向下”）移动，直至____________；
（2）实验中多次改变气体温度，用Δt表示气体升高的摄氏温度，用Δh表示B管内水银面高度的改变量．根据测量数据作出的图线是 （ ）
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，有一水平传送带以6 m/s的速度按顺时针方向匀速转动，传送带右端连着一段光滑水平面BC，紧挨着BC的光滑水平地面DE上放置一个质量M＝1 kg的木板，木板上表面刚好与BC面等高．现将质量m＝1 kg的滑块轻轻放到传送带的左端A处，当滑块滑到传送带右端B时刚好与传送带的速度相同，之后滑块又通过光滑水平面BC滑上木板．滑块与传送带间的动摩擦因数μ1＝0.45，滑块与木板间的动摩擦因数μ1＝0.1，取g＝10 m/s1．求：

(1)滑块从传送带A端滑到B端，相对传送带滑动的路程；
(1)滑块从传送带A端滑到B端，传送带因传送该滑块多消耗的电能；
(3)木板至少多长才能使滑块不从木板上掉下来．
14．（16分）如图所示，竖直放置、内部光滑的导热气缸用活塞封闭一定质量的理想气体，活塞用固定螺栓固定在距汽缸底部h0=0.6m处，活塞横截面积为S=6cm2，此时气体的压强p=0.5×105pa，汽缸壁是导热的，打开固定螺栓，活塞下降，经过足够长的时间后，活塞停在距离底部h1=0.2m处，在此过程中周围环境温度为t0=27℃，保持不变，已知重力加速度取g=10m/s2，大气压强p0=1.0×105pa．
求：

（1）活塞的质量；
（2）周围环境温度缓慢升高到t=177℃，保持不变，求活塞稳定时距汽缸底部的距离．
15．（12分）如图所示，两根足够长平行光滑金属导轨MN、PQ固定在倾角θ=370的绝缘斜面上，顶部接有一阻值R=3Ω的定值电阻，下端开口，轨道间距L=1m。整个装置处于磁感应强度B=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向上。质量m=1kg的金属棒ab置于导轨上，ab在导轨之间的电阻r=1Ω，电路中其余电阻不计。金属棒ab由静止释放后沿导轨运动时始终垂直于导轨，且与导轨接触良好。不计空气阻力影响。已知sin370=0.6，cos370=0.8，取g=10m/s2。

(1)求金属棒ab沿导轨向下运动的最大速度口vm；
(2)求金属棒ab沿导轨向下运动过程中，电阻R上的最大电功率PR；
(3)若导轨MN、PQ粗糙，金属棒ab与导轨间动摩擦因数μ=0.5，从金属棒ab开始运动至达到速度2.0m/s过程中，电阻R上产生的焦耳热总共为1.5J，求金属棒ab下滑的位移x。
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、C
【解析】
导线保持静止，受力平衡；地球表面的一切物体都受重力，故导线受重力；根据左手定则，安培力向上；对于弹力和摩擦力，讨论如下：1、如果安培力与重力平衡，则不受支持力和摩擦力；2、如果安培力小于重力，根据平衡条件，则受支持力和摩擦力，且支持力与摩擦力的合力竖直向上，否则不能平衡，故ABD错误，C正确。
故选C。
2、A
【解析】
ABC. 物体静止平衡，所受合力为零；受力分析如图所示，把F沿斜面向上和垂直于斜面向下分解，随着F增大，所受斜面摩擦力先减后增，某时可能变为零；所受斜面弹力一直逐渐变大；A正确BC错误。

D. 所受斜面作用力，根据平衡条件可知斜面对物体作用力大小等于 ，逐渐变大，D错误。
3、D
【解析】
根据楞次定律判断可知，线圈进入磁场时产生的感应电流的方向为逆时针，为正。线圈出磁场过程中感应电流方向为顺时针，为负，设从开始进入起线圈运动的时间为t，三角形左下角的角为α．线圈进入磁场过程：感应电动势

感应电流

此段i-t图象是在t轴下方过原点的直线，线圈完全在磁场中过程：磁通量不变，没有感应电流产生；同理，线圈出磁场的过程，感应电流均匀增大，i-t图象是在t轴上方向上倾斜的直线，故D正确。
4、D
【解析】
A、全息照片拍摄是利用了激光的频率单一相干性好能够产生明显的干涉．故A错误；
B、利用激光平行度好，可以用在雷达上进行精确的测距．故B错误；
C、利用激光相干性好，它能像无线电波那样被调制，用来传递信息．故C错误；
D、利用激光光强度大、能量集中，可以用在医学上做光刀切除肿瘤，或“焊接”剥落的视网膜．故D正确．
5、C
【解析】
原子核A进行一次β衰变后，一个中子转变为一个质子并释放一个电子，再进行一次α衰变，又释放两个中子和两个质子，所以核A比核C多3个中子、1个质子．故C项正确，ABD三项错误．
点睛：α衰变：新核比旧核的质量数少4，电荷数少1；新核中质子数、中子数比旧核均少1．β衰变：新核与旧核的质量数相等，电荷数多1，新核中质子数比旧核多1，中子数比旧核少1；β衰变的本质是原子核中一个中子变成质子的同时立即从核中放出一个电子．
6、B
【解析】
根据变压器原理可知原副线圈中电流的周期、频率相同，周期为、频率为50赫兹，电流方向每秒改变100次，A错误；根据正弦交流电的峰值和有效值关系并联电路特点可知电阻的电流有效值为，电阻的电功率为，B正确；由图乙可知通过的电流最大值为，根据欧姆定律可知其最大电压为，再根据原副线圈的电压之比等于匝数之比可知原线圈输入电压的最大值为200V，C错误；若将电容器上下极板左右错开一定距离，电容C减小，根据电容器的阻抗为，因此电容器的阻抗增加，，所以通过的电流减小，D错误．

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AD
【解析】
带电小球在重力与拉力及洛伦兹力共同作用下，绕固定点做圆周运动，由于拉力与洛伦兹力始终垂直于速度方向，它们对小球不做功．因此仅有重力作功，则有机械能守恒．从而可以确定动能是否相同，并由此可确定拉力与洛伦兹力．由向心加速度公式和牛顿第二定律列式分析．
【详解】
A、小球运动过程中，所受的细线的拉力与洛伦兹力对小球不做功，仅仅有重力作功，则小球机械能守恒，所以小球分别从A点和B点向最低点O运动且两次经过O点时的动能相同;故A正确.
B、小球经过最低点时速度大小不变，则根据牛顿第二定律可知，由于速度方向不同，导致产生的洛伦兹力的方向也不同，则拉力的大小也不同;故B错误.
C、小球经过最低点时速度大小不变，由于速度方向不同，导致产生的洛伦兹力的方向也不同，则洛伦兹力不相同;故C错误.
D、小球的动能相同则速度的大小相等，据知，v、r相同，可知小球所受的向心力相同,向心加速度相同;故D正确.
故选AD.
本题考查对小球进行受力分析，并得出力做功与否，根据机械能守恒定律来解题是突破口，同时注意洛伦兹力方向随着速度的方向不同而不同．最后由牛顿第二定律来分析向心力与向心加速度．
8、AC
【解析】
A、核聚变的过程与核裂变相反，是几个原子核聚合成一个原子核的过程，氢原子核聚变为氦原子核，故A项正确；
B、β衰变放出的是电子，故B项错误；
C、核裂变是一个原子核分裂成几个原子核的变化，质量非常大的原子核才能发生核裂变，故C正确；
D、α衰变放出的是氦原子核，这是裂变反应，故D项错误．
故选AC．
9、BD
【解析】
由振动图像可知，M点起振方向向下，N点起振方向向上，选项A错误；两列波传到O点的时间为，选项B正确；t2=4.5s时刻，由振源M在O点引起的振动的位移为-4cm；由振源N在O点引起的振动的位移为2cm；则此时O点的位移为-2cm，速度为零，选项C错误；两列波的波长均为，设在MN之间振动加强点距离M点距离为x，则距离N的距离为（16-x）m，则当（n=0,1,2,3…..）时振动加强，则满足此表达式的值有8个值，可知稳定后M、N之间存在8个振动加强点，选项D正确；故选BD.
点睛：此题考查波的叠加原理；当两列波相遇时，两列波互不干扰，各个质点引起的振动都等于每列波单独引起的振动的矢量和；当某点到两波源的距离之差等于波长整数倍时，振动加强.
10、ABD
【解析】
结合图象分析可知，小球从开始接触弹簧，到弹簧被压缩到最短的过程中，先做加速度逐渐减小的加速运动，后做加速度逐渐增大的减速运动，加速度为零时，速度最大，即弹簧的压缩量时，，代入数据，解得该弹簧的劲度系数=20N/m，AD正确，C错误；当时，小球所受弹力大于重力，其加速度竖直向上，处于超重状态，B正确；
故本题选ABD
根据图象可知，当△x为0.1m时，小球的速度最大，加速度为零，此时重力等于弹簧对它的弹力，根据k△x=mg求出k，再求出最低点的弹力，根据牛顿第二定律求解在最低点的加速度，与刚开始接触时比较得出什么时候加速度最大，小球和弹簧组成的系统机械能守恒．

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、13.55； 0.696； 偏小； 2.60； 0.52；
【解析】
（1）题中为20分度游标卡尺，其读数为：13mm+11×0.05mm=13.55mm；
（2）螺旋测微器的读数为：0.5mm+19.6×0.01mm=0.696mm；
（3）把待测电阻与电压表看做一个整体，根据欧姆定律可知，测得的应是待测电阻与电压表内阻的并联电阻，所以测量值比真实值偏小；
（4）电流表读数为：I=26格×0.02A=0.52A，电压表读数为：U=26格×0.1V=2.60V
【点睛】（1）20分度游标卡尺，最小精确度为0.05mm，故根据游标卡尺读数为：主尺数+游标尺对齐刻度序号×最小精确度，即：13mm+11×0.05mm=13.55mm；
（2）螺旋测微器最小精确度为0.01mm，其读数方法为：主尺数+对齐刻度估读条数×最小精度，即0.5mm+19.6条×0.01mm=0.696mm；
（3）误差分析时，把待测电阻与电压表看成一个整体，根据欧姆定律可知，测得的应是待测电阻与电压表内阻的并联电阻，所以测量值比真实值偏小；
（4）电流表每小格数值是0.02A，应进行估读，即估读到0.01A；同理电压表应进行估读，即估读到0.01V，然后根据欧姆定律求解即可．
12、（1）向下，B、C两管内水银面等高，（2）A，
【解析】
试题分析：(1)气体温度升高，压强变大，B管水银面下降，为保证气体压强不变，应适当降低A管，所以应将C管向下移动，直至B、C两管水银面等高，即保证了气体压强不变．
（2）实验中多次改变气体温度，用表示气体升高的温度，用表示B管内水银面高度的改变量．压强不变时体积变化与温度变化的关系是成正比的，所以根据测量数据作出的图线是A．
考点：本题考查了理想气体状体方程.

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、 (1)4 m　(1)36 J　(3)6 m
【解析】
试题分析：(1)滑块在传送带上受到向右的摩擦力,到达传送带右端时速度为6m/s.
(1分)
(1分)
. (1分)
传送带位移(1分)
(1分)
(1)传送带因传送滑块多消耗的电能
(3分)
(3)滑块以6m/s的速度滑上木板，对滑块和木板受力分析滑块受到木板对其向左的摩擦力，
(1分)
木板受到滑块对其向右的摩擦力和地面对其向左的摩擦力
(1分)
假设滑块在木板上经过时间t，木板和滑块达到共同速度
对滑块：(1分)
对木板：(1分)
则木板长度(1分)
考点：力学综合问题
点评：难题．本题考查物体的受力分析、机械能守恒定律、牛顿第二定律、运动学方程等综合应用，主要考查学生的分析、理解和推理能力，能力要求较高．在解决此类问题时可以把一个大题拆成多个小题来处理．
14、（1）3kg （2）0.3m
【解析】
（1）设活塞的质量为m，打开固定螺栓经过足够长的时间，这个过程中密封气体的温度不变，由玻意耳定律有
pSh0=p1Sh1
又
p1= p0+
联立解得
m=3kg
（2）周围环境温度缓慢升高，最终活塞又升高到距汽缸底部h2处，此过程气体做等压变化，由盖-吕萨克定律有

解得
h2=0.3m
15、 (1) (2) (3) x=2.0m
【解析】
释放金属棒后，金属棒受到重力、支持力、安培力三个力作用，由于棒的速度增大导致感应电流增大，从而阻碍导体运动的安培力也增大，所以加速度减小。
（1）只有当加速度减小为零时，棒的速度达到最大，写出平衡式，结合感应电动势、欧姆定律、安培力的式子，就能求出最大速度；
（2）棒匀减速直线运动时，电流最大，消耗的电功率最大，由电功率的式子直接求出；
（3）由能量守恒定律和焦耳定律即可求出位移。
【详解】
（1）金属棒由静止释放后，沿斜面做变加速运动，加速度不断减小，当加速度为零时有最大速度。
由牛顿第二定律： ①
②
③
④
解得：，I=3A；
（2）金属棒以最大速度匀速运动时，电阻R上的电动率最大，
此时: ⑤
由③④⑤解得：
（3）设金属棒从开始运动至达到2.0m/s速度过程中，沿导轨下滑距离为x
由能量守恒定律： ⑥
根据焦耳定律： ⑦
解得x=2.0m。
本题主要考查了导体切割磁感线时的感应电动势和闭合电路欧姆定律，难度中等。