江西省2016年高考理综化学预测题带解析.doc

江西省2016年高考理综化学预测题（带解析）2016年高考理综化学预测题一、选择题（本题包括14小题，每小题只有一个选项最符合题意）1【化学STS】下列物质性质和应用的对应关系正确的是()A84消毒液具有碱性，可用作消毒剂和漂白剂B氢氟酸具有酸性，可用于玻璃的腐蚀剂C过氧化钠具有漂白性，可作航空和潜水的供氧剂D活性铁粉具有还原性，在食品袋中可用作除氧剂2【离子反应】下列各组离子中，能大量共存且加入（或通入）X试剂后发生反应的离子方程式对应正确的是（）选项离子组试剂X离子方程式A透明溶液中：Fe3+、NH4+、SO42、NO3过量的铜粉2Fe3+Cu2Fe2+Cu2+BFe3、Al3、AlO2、Cl过量的盐酸AlO24HAl3+2H2OCNa、Ba2、HCO3、NO3NaHSO4溶液HHCO3CO2H2ODpH0的溶液中：Mg2，Fe2、NO3、SO42双氧水2Fe2+H2O22H2Fe3+2H2O3【元素周期律与数据分析】短周期元素R、X、Y、W的部分信息如下表所示：元素代号RXYW原子半径/nm0.0770.0740.1860.099主要化合价4、4217、1已知Y和W位于同一周期。下列有关说法不正确的是（）A简单的离子半径由小到大排序：Y、X、WBX的气态氢化物的稳定性一定比R的强CR、X和Y可以组成含共价键的离子化合物D在R、X、W的氢化物中，X的沸点最高4.【元素周期律与性质综合】W、R、X、Y的原子序数依次增大，Y的最高正价和最低负价之和等于0，L层上电子数是M层上电子数的2倍；在常温常压下，W和R组成的化合物有多种，其中两种化合物能相互转化，但元素化合价没有变化；这4种元素的原子最外层电子数之和等于R原子的核电荷数的2倍。下列说法正确的是（）A元素的非金属性顺序为RYWBR与其他三种元素均能形成共价化合物C简单氢化物的热稳定性顺序为RWYD原子半径次序为WRXY5.【阿伏加德罗常数】NA代表阿伏加德罗常数。下列说法正确的是（）A8.0gCuO和Cu2S的混合物含铜原子个数为0.2NAB标准状况下，11.2L乙醇蒸气含共价键数目为4NAC1molK与O2完全反应生成K2O、K2O2、KO3的混合物，转移电子数为NAD1L0.2molL1NH4ClO4溶液中含NH4+数目为0.2NA6【新型电源】交通运输部在南海华阳礁举行华阳灯塔和赤灯塔竣工发光仪式，宣布两座大型多功能灯塔正式发光并投入使用。灯塔可用镁海水电池提供能源，其装置如图所示。下列有关海水电池的说法正确的是（）AX可为铁、铜、石墨等电极B每转移2mol电子，2molH由交换膜左侧向右侧迁移C正极的电极反应式为H2O22e2H2H2OD该电池能将化学能全部转化成电能【答案】C【解析】A项，X与稀硫酸直接接触，若X为铁，在铁表面发生氧化还原反应，错误；B项，镁为负极，负极的电极反应式为Mg2eMg2+放电过程中，Mg2+由交换膜右侧向左侧迁移，最终镁极变轻，交换膜左侧生成，错误；C项，双氧水在正极上发生还原反应，正确；D项，任何电池的能量转化率小于100%，错误。7【阿伏加德罗定律推论】在一定条件下活性铁粉与氨气反应合成半导体材料：8Fe(s)2NH3(g)2Fe4N(s)3H2(g)下列有关NH3、H2的推断正确的是（）A上述参加反应的NH3和生成H2的体积之比为32B同温同压下，NH3、H2的密度之比为217C相同质量的NH3、H2分子数之比为172D同温同体积下，相同质量NH3、H2的压强之比为217【答案】D【解析】A项，同温同压下，参加反应的NH3和生成H2的物质的量之比为23，错误；B项，同温同压下，气体密度与相对分子质量成正比例，NH3、H2的密度之比为172，错误；C项，气体质量相等，气体分子数与气体相对分子质量成反比例，故分子数之比为217，错误。D项，同温、同质量、同体积下，气体的压强与相对分子质量成反比，故NH3、H2的压强之比为217，正确。8【有机物结构与性质】2015年，我国科学家屠呦呦因发现青蒿素而荣获诺贝尔奖。由青蒿素合成衍生药物蒿甲醚的合成路线如下：下列说法正确的是（）A、反应依次为加成反应、取代反应B上述三种有机物的含氧官能团完全相同C青蒿素因含酯基具有氧化性和杀菌功能D蒿甲醚的化学式为C16H24O5【答案】A【解析】A项，对照青蒿素和双氢青蒿素的结构简式知，反应实质是酯基中碳氧双键被还原（或加成）成碳氧单键，生成了羟基；反应实质是甲基取代羟基上氢，正确；B项，青蒿素含酯基，双氢青蒿素含羟基，蒿甲醚不含酯基和羟基，它们都含醚键和过氧键，错误；C项，青蒿素因含过氧化键，类似双氧水，具有氧化性，能杀菌消毒，错误。D项，蒿甲醚的化学式为C16H26O5，错误。9【有机物同分异构体】葡萄糖分子中含醛基（CHO），能与银氨溶液发生银镜反应生成光亮的银。有机物C8H5O3Br的同分异构体中，苯环上含有3个取代基且能发生银镜反应的结构共有（）（不考虑立体异构体）A8种B10种C11种D13种【答案】B【解析】依题意，苯环上三个取代基分别为COOH，CHO，Br，先写2个取代基的同分异构体有邻、间、对三种，它们的苯环上再取代一个溴原子，分别得到4、4、2种结构，共有10种结构。10【氧化还原反应概念】工业上，可用硫酸铈Ce(SO4)2溶液吸收尾气中NO，其化学方程式如下：2NO3H2O4Ce(SO4)22Ce2(SO4)3HNO3HNO22H2SO4下列说法正确的是（）A在该反应中氧化剂与还原剂的物质的量之比为12B在该反应中，氧化产物有两种，还原产物有一种C若不考虑溶液体积变化，吸收尾气后，溶液的pH将增大D在该反应中，每消耗22.4LNO必转移2mol电子【答案】B【解析】A项，NO是还原剂，硫酸铈是氧化剂，氧化剂、还原剂的物质的量之比为21，错误；B项，Ce2(SO4)3为还原产物，HNO2、HNO3是氧化产物，正确；C项，反应后溶液的酸性增强，pH减小，错误；D项，没有限制“标准状况”，不能计算转移电子数目，错误。11【离子浓度大小判断】已知：常温下，H2C2O4的Ka15.4102、Ka25.4105；某弱酸的电离常数Ka与对应阴离子的水解常数为Kh，二者关系为KaKhKw。下列有关离子浓度大小判断正确的是（）A0.1molL1KHC2O4溶液中：c(K)c(HC2O4)c(C2O42)c(H2C2O4)B0.1molL1NaHC2O4溶液和0.1molL1NaOH溶液等体积的混合液：c(Na)2c(HC2O4)c(C2O42)2c(H2C2O4)C0.1molL1NaHC2O4溶液和0.2molL1NaOH溶液等体积的混合液：c(Na)c(OH)c(HC2O4)c(C2O42)c(H)D0.2molL1KHC2O4溶液和0.1molL1KOH溶液等体积的混合液：2c(H)c(HC2O4)2c(H2C2O4)2c(OH)c(C2O42)【答案】A【解析】根据电离常数知，HC2O4的水解常数Kh110;12，C2O42的水解常数Kh11109，HC2O4以电离为主，水解为次。A项，KHC2O4溶液呈酸性，离子浓度大小顺序有：c(K)c(HC2O4)c(C2O42)c(H2C2O4)，正确；B项，混合溶液中溶质为Na2C2O4，物料守恒式为c(Na)2c(HC2O4)2c(C2O42)2c(H2C2O4)，错误；C项，混合溶液中溶质为Na2C2O4，NaOH且浓度相等，离子浓度大小关系有：c(Na)c(OH)c(C2O42)c(HC2O4)c(H)，错误；D项，二者混合溶液中KHC2O4、K2C2O4的浓度相等，电荷守恒有：c(K)c(H)c(OH)c(HC2O4)2c(C2O42)，物料守恒有：c(K)c(H2C2O4)c(HC2O4)c(C2O42)32联立两式消除c(K)得：c(H)3c(H2C2O4)c(HC2O4)2c(OH)c(C2O42)，错误。12【难溶电解质图像】AlPO4的沉淀溶解平衡曲线如图所示（T2T1。下列说法正确的是（）A图像中四个点的Ksp：abcdBAlPO4在b点对应的溶解度大于c点CAlPO4(s)Al3+(aq)PO43(aq)H0D升高温度可使d点移动到b点【答案】B【解析】A项，溶度积只与温度有关，四个点对应的溶度积大小关系：acdb，错误；B项，b点溶度积大于a点，溶度积越大，对应的溶解度越大，正确；C项，温度升高，溶度积越大，说明磷酸铝溶解过程是吸热过程，错误；D项，升高温度，c(Al3)、c(PO43)都增大，升高温度不能使d点移动到b点，错误。13【化学反应速率】在不同浓度(c)、不同温度下(T)，某物质发生分解的瞬时反应速率如下表所示：c/molL1/molL1mols1T/K1.000.080.060.04273.153.002.401.801.20298.156.005.004.003.00T35.405.044.684.32下列推断正确的是（）AT3273.15B同时改变起始浓度和温度，瞬时速率可能相等C该物质最适宜的分解条件是，温度为298.15K，起始浓度为1.0molL1D该分解反应一定是熵增、焓增反应【答案】B【解析】A项，起始浓度相同时，温度越高，反应速率越大，T3298.15K，错误；B项，从表格数据看出，273.15K、1molL1时分解速率与298.15K、0.04molL1时的瞬时速率相等，正确；C项，表格列出条件有限，不能得出最佳分解条件，错误；D项，根据瞬时速率不能得到焓变、熵变方向，错误。14【化学平衡原理】在密闭容器中投入一定量反应物发生储氢反应：LaNi5(s)3H2(g)LaNi5H6(s)301kJmol1在某温度下，达到平衡状态，测得氢气压强为2MPa；若温度不变，缩小体积至原来的一半，重新达到平衡。下列说法不正确的是（）A当LaNi5的浓度不再变化时，表明达到平衡状态B重新达到新平衡时H2的压强仍然为2MPaC扩大容器体积，重新达到平衡时n(H2)增多D增大压强、降低温度，有利于储氢【答案】A【解析】A项，在固气反应中，固体的浓度始终不变，不能根据固体浓度判断是否达到平衡状态，错误；B项，平衡常数Kp1p(H2),温度不变，平衡常数不变，故H2的平衡压强不变，正确；C项，扩大容积相当于减压，平衡向左移动，H2的物质的量增多，正确；D项，正反应是放热反应，正反应是气体分子数减小的反应，增大压强、降低温度有利于平衡向右移动，有利于提高储氢百分率，正确。15【实验方案设计】下列实验方案、现象与实验结论都正确的是（）选项实验操作及现象实验结论A向Fe(NO3)3溶液中通入SO2，滴加BaCl2溶液；产生白色沉淀NO3在酸性条件下能氧化SO2生成SO42B向Fe(NO3)2溶液中滴加少量盐酸；浅绿色变深绿色溶液中存在Fe2+水解平衡移动C向沸水中滴加FeCl3饱和溶液，煮沸得红褐色液体；用激光灯照射液体，有一条明亮“通路”该液体分散质直径介于1nm与100nm之间D向FeI2溶液中滴加酸化的双氧水和淀粉溶液；溶液为蓝色Fe2的还原性比I的还原性弱【答案】C【解析】A项，可能是铁离子氧化SO2，错误；B项，优先发生反应：3Fe2+NO34H3Fe3+NO2H2O，溶液变成黄色，错误；C项，制备氢氧化铁胶体、胶体本质和性质等，正确；D项，只能说明双氧水氧化了碘离子，不能说明碘离子的还原性比亚铁离子的强，错误。二、非选择题（本题包括6小题分）15（15分）【实验设计】氮化锂是一种优良的贮氢材料，它是一种紫色或红色的晶状固体，在空气中长期暴露，最终会变成碳酸锂。氮化锂易水解生成氢氧化锂和氨气，在空气中加热能剧烈燃烧，特别是细粉末状的氮化锂；锂与氨反应生成LiNH2和H2。实验室用干燥、纯净的N2与金属锂（密度为0.534gcm3）反应制取氮化锂。某课题组拟选择下列装置完成实验（装置可重复使用）：回答下列问题：（1）若实验室用生石灰与浓氨水混合制备少量氨气，气流从左至右，选择上述装置制备少量氮化锂。装置连接顺序为。（2）E装置的作用是；写出D中化学方程式为。（3）实验步骤如下：装药品引发反应产生氨气检查装置气密性点燃C处酒精灯点燃D处酒精灯正确的先后顺序为。（填序号）（4）实验室保存锂的方法是；写出C中的化学方程式。（5）设计简单实验证明C中产物为氮化锂：。【答案】（1）A、F、D、E、C、F（3分）（2）吸收氨气并干燥氮气（2分）CuO2NH33CuN23H2O（2分）（3）（2分）（4）锂保存在石蜡油中（1分）N26Li2Li3N（2分）（5）取少量产物于试管，滴入少量蒸馏水，用镊子夹一块湿润的红色石蕊试纸接近试管口，若试纸变蓝色，则产物有氮化锂，否则不含氮化锂（3分）【解析】（1）B装置适用“难溶块状固体与液体反应”，应选A装置制备氨气。制备氨气、干燥氨气、氨气与氧化铜反应、除氨气并干燥氮气、氮气与锂反应、防空气中水蒸气进入装置。装置可以重复使用，故正确的连接顺序为A、F、D、E、C、F。（2）E装置有两个作用：吸收未反应完全的氨气并干燥氮气。根据实验目的和氧化还原反应原理知，氧化铜在加热条件下与氨气反应生成铜、氮气和水。（3）实验步骤：检查装置气密性、装药品、制氨气、通入氨气排空气、加热氧化铜制氮气、氮气排尽装置内空气、加热锂，故步骤序号为。（4）锂是活泼金属，密度小于煤油，应保存在石蜡中。氮化锂中氮为3价，锂为1价。（5）利用氮化锂与水反应产生NH3，检验NH3可以确认是否有氮化锂生成。16（15分）【定量与探究实验设计】亚硝酸钠可大量用于染料和有机合成工业。请回答下列问题：（1）亚硝酸钠能氧化酸性条件下的Fe2+，同时产生一种活性气体，该气体在空气中迅速变色。写出反应的离子方程式。（2）实验室模拟用如图所示装置通过如下过程制备亚硝酸钠：已知：（I）氧化过程中，控制反应液的温度在3560条件下发生的主要反应：C6H12O612HNO33HOOCCOOH9NO23NO9H2O（II）氢氧化钠溶液吸收NO、NO2发生如下反应：NONO22NaOH2NaNO2H2O，2NO22NaOHNaNO3NaNO2H2OA中反应温度不宜高于60，原因是。不经过任何处理，按此过程进行，氢氧化钠溶液吸收后的溶液中除OH外还有两种阴离子，其中一种是NO2，NO2与另一种阴离子的物质的量之比为。B装置用于制备NaNO2，盛装的试剂除NaOH外，还可以是。ANaCl(aq)BNa2CO3(aq)CNaNO3(aq)（3）测定产品纯度：I准确称量ag产品配成100mL溶液；II从步骤I配制的溶液中移取20.00mL加入锥形瓶中；III用cmolL1酸性KMnO4溶液滴定至终点；IV重复以上操作3次，消耗KMnO4酸性溶液的平均体积为VmL。锥形瓶中发生反应的离子方程式为。滴定至终点的现象为。产品中NaNO2的纯度为（写出计算表达式）。若滴定终点时俯视读数，则测得的产品中NaNO2的纯度（填“偏高”、“偏低”或“无影响”）【答案】（1）Fe2+NO22HFe3+NOH2O（2分）（2）避免硝酸分解，降低原料利用率（2分）31（1分）B（1分）（3）5NO22MnO46H5NO32Mn2+3H2O（2分）溶液由无色变紫红色且半分钟不褪色（2分）cV1000mol52100mL20mL69gmol1ag100%（2分）偏低（2分）【解析】（1）在酸性条件下，氧化亚铁离子生成NO、铁离子和水。（2）温度过高，加快HNO3分解，导致原料利用率和产率都降低；由反应式知，n(NO2)9mol，n(NO)3moln(NaNO2)6mol3mol9mol，n(NaNO3)3mol。碳酸钠溶液中存在氢氧化钠，可以用碳酸钠溶液吸收NO、NO2制备亚硝酸钠。（3）酸性高锰酸钾溶液氧化NO2生成NO3、Mn2+等。若亚硝酸根离子完全反应，则滴加酸性高锰酸钾溶液使溶液为紫红色。计算时注意两点：一是单位换算；二是将体积进行换算。n(KMnO4)cV1000mol，由电子守恒知，5n(KMnO4)2n(NaNO2)，m(NaNO2)cV1000mol5269gmol1。滴定终点时仰视读数，读数小于实际体积，测得标准溶液体积偏小，导致结果偏低。17（15分）【无机化工流程】2Zn(OH)2ZnCO3是制备活性ZnO的中间体，以锌焙砂（主要成分为ZnO，含少量Cu2、Mn2+等离子）为原料制备2Zn(OH)2ZnCO3的工艺流程如下：请回答下列问题：（1）当(NH4)2SO4，NH3H2O的混合溶液中存在c(NH4+)2c(SO42)时，溶液呈（填“酸”、“碱”或“中”）性。（2）“浸取”时为了提高锌的浸出率，可采取的措施是（任写一种）。（3）“浸取”时加入的NH3H2O过量，生成MnO2的离子方程式为。（4）适量S2能将Cu2+等离子转化为硫化物沉淀而除去，若选择ZnS进行除杂，是否可行？用计算说明原因：。已知：Ksp(ZnS)1.61024，Ksp(CuS)1.31036（5）“沉锌”的离子方程式为。（6）“过滤3”所得滤液可循环使用，其主要成分的化学式是【答案】（1）中（1分）（2）搅拌、适当加热（2分）（3）Mn2+H2O22NH3H2OMnO22NH4+2H2O（3分）（4）可行（1分）ZnSCu2CuSZn2+KKsp(ZnS)Ksp(CuS)1.210121105(3分)（5）2Zn2+6HCO32Zn(OH)2ZnCO35CO2H2O(3分)（6）(NH4)2SO4（2分）【解析】（1）根据电荷守恒可推知溶液呈中性；（2）从浓度、温度、接触面等角度分析影响化学反应速率的因素。（3）在氨水作用下，双氧水氧化锰离子生成二氧化锰和铵离子、水。（4）假设可行，计算平衡常数K，当K105，反应已趋于完全。（5）Zn2+2HCO3Zn(OH)2CO2，Zn2+HCO3ZnCO3H，HHCO3CO2H2O，根据反应物和产物直接写出离子反应总方程式。（6）滤液溶质的主要成分是硫酸铵18（15分）【离子综合推断与计算】在强酸性无色溶液中可能含下表离子组中若干种离子：阳离子Mg2、NH4+、Ba2、Al3+、Fe2+阴离子SiO32、MnO4、Cl、NO3、S2O32实验I取少量该溶液进行如下实验：实验II.为了进一步确定该溶液组成，取100mL原溶液，向该溶液中滴加1molL1NaOH溶液，产生沉淀的质量与氢氧化钠溶液体积的关系如图所示。回答下列问题：（1）不进行实验就可以推断，该溶液中一定不能大量存在的离子有（填离子符号）（2）通过实验I可以确认该溶液中一定存在的阴离子是。检验气体X的方法是；固体Z的化学式为。（3）写出实验II的图像中BC段的离子方程式为。（4）A点对应的固体质量为g。（5）通过上述信息，推算该溶液中阴离子的浓度为molL1。【答案】（1）Fe2、SiO32、S2O32、MnO4（2分）（2）NO3（1分）用摄子夹一块湿润的红色石蕊试纸接近气体X，试剂变蓝色，则气体X为NH3（2分）Mg(OH)2（2分）（3）Al(OH)3OHAlO22H2O（2分）（4）1.36(3分)（5）0.8(3分)【解析】（1）该溶液呈强酸性，与酸反应的离子SiO32、S2O32不能大量存在；原溶液无色，故Fe2、MnO4不存在。（2）实验I知，加入稀硫酸，得到溶液，说明Ba2+不存在；加入硝酸银溶液无沉淀产生，说明Cl不存在。任何电解质溶液呈电中性，说明NO3一定存在。从流程图看，气体X为氨气，固体Z为氢氧化镁。（3）从实验II图像看出，氢氧化物与氢氧化钠反应，BC段发生反应为Al(OH)3NaOHNaAlO22H2O（4）图像中A点代表金属离子恰好完全沉淀，n(Al3)0.01mol，n(Mg2)（6010）103L1molL10.01mol320.01mol。A点对应的沉淀为氢氧化镁、氢氧化铝，其总质量为(58gmol178gmol1)0.01mol1.36g（5）滴加氢氧化钠溶液至B点时，产物为NH3H2O、Mg(OH)2、Al(OH)3、NaNO3c(NO3）0.08L1molL10.1L0.8molL1。19（15分）【化学反应原理综合】N2H4（肼）可作用制药的原料，也可作火箭的燃料。（1）肼能与酸反应。N2H6Cl2溶液呈弱酸性，在水中存在如下反应：N2H62+H2ON2H5+H3O平衡常数K1N2H5+H2ON2H4H3O平衡常数K2相同温度下，上述平衡常数K2K1，其主要原因是。（2）工业上，可用次氯酸钠与氨反应制备肼，副产物对环境友好，写出化学方程式。（3）肼在催化剂作用下分解只产生两种气体，其中一种气体能使红色石蕊试纸变蓝色。在密闭容器中发生上述反应，平衡体系中肼气体的体积分数与温度关系如图1所示。该反应的正反应0（填：、或，下同）；P2P1。（4）已知热化学反应方程式：反应I：N2H4(g)N2(g)2H2(g)1；反应II：N2(g)3H2(g)2NH3(g)2。12（填：、或）7N2H4(g)8NH3(g)3N2(g)2H2(g)（用1、2表示）。向1L恒容密闭容器中充入0.1molN2H4，在30、NiPt催化剂作用下发生反应I，测得混合物体系中，n(N2)n(H2)n(N2H4)(用y表示)与时间的关系如图2所示。04.0min时间内H2的平均生成速率(H2)molL1min1；该温度下，反应I的平衡常数K。（5）肼还可以制备碱性燃料电池，氧化产物为稳定的对环境友好的物质。该电池负极的电极反应式为；若以肼空气碱性燃料电池为电源，以NiSO4溶液为电镀液，在金属器具上镀镍，开始两极质量相等，当两极质量之差为1.18g时，至少消耗肼的质量为g。【答案】（1）第一步水解生成的H3O对第二步水解有抑制作用（1分）（2）2NH3NaClON2H4NaClH2O（2分）（3）（1分）（1分）（4）（1分）7142（2分）0.025（1分）0.01（2分）（5）N2H44e4OHN24H2O(2分)0.16（2分）【解析】（1）弱电解质电离、离子水解等第一步水解产物对第二步有抑制作用，所以，第一步平衡常数大于第二步，依次类推。（2）次氯酸钠的还原产物为氯化钠，不是氯气，还有水生成，氯化钠、水对环境都友好。（3）从图像看出，升高温度，N2H4的平衡体积分数逐渐减小，说明正反应是吸热反应。依题意，可逆反应为3N2H4N24NH3，增大压强，平衡向左移动，N2H4体积分数增大，故P1大于P2。（4）反应I是吸热反应，反应II是放热反应；根据盖斯定律知，反应I7反应II4反应III。设平衡时n(N2)a，n(H2)2a，n(N2H4)0.1mola，有：3a3.0(0.1mola)，a0.05mol。(H2)0.05mol21L4min0.025molL1min1，Kc(N2)c2(H2)c(N2H4)0.050.120.050.01.（5）N2H4/空气在KOH溶液构成电池，N2H4在负极上发生氧化反应，O2在正极上发生还原反应，负极的电极反应式为N2H44e4OHN24H2O。镀镍时阴极的反应式为Ni2+2eNi，镍的相对原子质量为59，阳极为纯镍，阳极的电极反应式为Ni2eNi2+设至少消耗N2H4的物质的量为n，由电子守恒知，阴极质量与阳极质量之差为2n(2n)59gmol11.18g，n0.005mol，m(N2H4)0.005mol32gmol10.16g。20（15分）【化学反应原理综合】许多含碳、氢物质是重要的化工原料。（1）某新型储氢合金（化学式为Mg17Al12）的储氢原理为Mg17Al1217H217MgH212Al，此变化中还原产物是（填化学式）。（2）草酸的钙盐、钡盐、镁盐难溶于水。已知C2O3是无色无味气体，可溶于水生成草酸（H2C2O4），写出它溶于足量Ba(OH)2溶液发生反应的化学方程式。（3）已知：几个热化学方程式如下：H2(g)12O2(g)H2O(g)1198kJmol1CO(g)12O2(g)CO2(g)2CH4(g)2O2(g)CO2(g)2H2O(g)3846.3kJmol1化学键COOOCO(CO2中)键能（kJmol1）958.5497745写出甲烷与水蒸气在高温下制备合成气（CO，H2）的热化学方程式。（4）向2L恒容密闭容器中充入3molCH4(g)、4molH2O(g)，发生反应制备CO、H2，测得温度为t时，容器内H2的物质的量浓度（molL1）随时间的变化如图中II曲线所示。图中I、III分别表示相对于II仅改变反应条件后，c(H2)随时间的变化。若曲线I仅代表改变一种条件后的情况，则改变的条件可能是；a、b两点用CO浓度变化表示的净反应速率关系为；曲线II对应反应的平衡常数K为。该温度下，若将等物质的量浓度的CH4(g)、H2O(g)、CO(g)、H2(g)混合充入该容器中，则开始进行方向是（填：向左、向右、平衡或无法确定）。曲线III相对于曲线II改变的条件是。A降低温度B使用催化剂、降低温度C加压【答案】（1）MgH2（1分）（2）C2O3Ba(OH)2BaC2O4H2O（2分）（3）CH4(g)H2O(g)CO(g)3H2(g)30.7kJmol1（2分）（4）升温（2分）相等（2分）54（2分）无法确定（2分）B（2分）【解析】（1）合金中金属的化合价为0价，氢化镁中氢元素为1价，氢化镁既是氧化产物，又是还原产物。（2）C2O3与水反应生成H2C2O4，它与氢氧化钡反应生成草酸钡和水。（3）焓变等于断裂化学键的总键能形成化学键的总键能，2（958.50.5497）kJmol12745kJmol1283kJmol1。由盖斯定律知，3（231）30.7kJmol1（4）从图像看出，曲线I相对曲线II，反应速率增大、平衡向右移动，只有升高温度符合题意；a,b点都是平衡状态，净反应速率等于0，故这两点CO浓度变化表示反应速率都为0。用三段法计算平衡浓度：CH4(g)H2O(g)CO(g)3H2(g)起始(molL1)1.5200转化(molL1)1113平衡(molL1)0.5113Kc3(H2)c(CO)c(CH4)c(H2O)33110.554.Qcc2,c不确定，无法与K比较，不能确定反应进行的方向。由曲线III知，反应速率大于曲线II，但是平衡向右移动，故B符合要求。21（15分）【物质结构与性质】硒（Se）是一种有抗癌、抗氧化作用的元素，可以形成多种化合物。（1）基态硒原子的价层电子排布式为。（2）锗、砷、硒的第一电离能大小排序为。H2SeO4的酸性比H2SeO3的强，其原因是。（3）H2SeO3的中心原子杂化类型是；SeO32的立体构型是。与SeO42互为等电体的分子有（写一种物质的化学式即可）。（4）H2Se属于（填：极性或非极性）分子；单质硒的熔点为217，它属于晶体。（5）硒化锌是一种重要的半导体材料，其晶胞结构如图所示，该晶胞中硒原子的配位数为；若该晶胞密度为gcm3，硒化锌的摩尔质量为Mg/mol。NA代表阿伏加德罗常数，则晶胞参数a为pm。【答案】（1）4s24p4(1分)（2）AsSeGe（2分）H2SeO4分了中非羟基氧数大于H2SeO3（2分）（3）sp3（1分）三角锥形（1分）CCl4(或SiF4)（2分）（4）极性（1分）分子（1分）（5）4（1分）34MNA1010（3分）【解析】（1）硒的质子数为161834，基态硒原子的电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s24p4，故硒原子价层电子排布式为4s24p4。（2）砷原子的4p3达到半充满结构，故砷的第一电离能大于硒。硒酸分子中有2个非羟基氧，亚硒酸分子中有1个非羟基氧，非羟基氧越多，硒元素的价态越高，导致氢氧键上电子向氧原子偏移程度增大，电离氢离子能力增强，故硒酸的酸性比亚硒酸的强。（3）H2SeO3中硒原子价层电子对数为6224，中心原子的杂化类型为sp3杂化。SeO32的硒原子价层有4个电子对，其中，一个孤电子对、三个成键电子对，立体构型为三角锥形；SeO42中硒减去2个价层电子，每个氧原子增加一个价电子，故SeO42的等电子体有CCl4、SiCl4、SiF4、CBr4等。（4）硒化氢类似水分子，V形结构，它是极性分子。硒单质的熔点较高，它为分子晶体。（5）观察图示知，该晶胞中含4个锌离子，4个硒离子，故硒化锌的化学式为ZnSe。硒或锌的配位数为4，由密度公式知，4MNAa3，单位换算：1m100cm109nm1012pm22.（14分）F、G均是常见的香料，可通过下列途径合成，合成路线如下：回答下列问题（1）B的名称为。（2）的反应类型是；的反应类型是。（3）C的结构简式是；A加聚产物的结构简式是。（4）F分子中位于同一平面的碳原子最多有个。（5）G的芳香同分异构体中且能发生银镜反应和水解反应的异构体有种，其中核磁共振氢谱只有四组峰的异构体结构简式为。（6.）参照上述合成路线，以甲醛、乙醛及（环已酮）合成已知HCHO是所有醛中还原性最强的（常用Ca(OH)2催化剂）【解析】（5）芳香异构体中能发生银镜反应和水解反应，依据其分子式，只能是甲酸酯，故可能的异构体为：故共有14种。21.（1）2-丙醇（异丙醇）（1分）（2）加成反应（1分）；消去反应（1分）（3）CH3COCH3（1分）；（1分）（4）17（2分）（5）14（2分）；（2分）（6）（3）1.【答案】D【解析】A项，次氯酸钠溶液显碱性，与消毒、漂白无关；次氯酸钠水解生成次氯酸具有漂白性，次氯酸钠具有强氧化性，能使蛋白质变性，性质与用途没有相关性，错误；B项，氢氟酸与二氧化硅反应，属于特殊性质，不是利用HF电离出来的氢离子反应，错误；C项，过氧化钠与二氧化碳反应释放O2，所以它作供氧剂，与漂白性无关，错误。D项，铁粉具有还原性，能吸收食品袋内O2，作除氧剂，性质与用途一致，正确。2.【答案】A