江西省南昌市八一中学、洪都中学、麻丘中学等2015-2016学年高一物理上学期期末联考试题.doc

2015-2016学年度第一学期期末联考高一物理测试卷
2016.1
一、选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分。1～6题只有一个选项正确；7～10题有多个选项正确，选对但不全的，得2分）
1．下列一组单位中，哪一组中各单位都是国际单位制中的基本单位（　　）
A．米、牛顿、秒 B．米、千克、秒
C．千克、焦耳、秒 D．米、千克、帕斯卡
2．有关惯性大小的下列叙述中，正确的是 （ ）
　　A．物体跟接触面间的摩擦力越小，其惯性就越大
B．物体所受的合力越大，其惯性就越大
C．物体的质量越大，其惯性就越大
D．物体的速度越大，其惯性就越大
3．下列说法正确的是(　　)
A．木块放在桌面上受到一个向上的弹力，这是由于木块发生微小形变而产生的
B．质量均匀分布，形状规则的物体的重心可能在物体上，也可能在物体外
C．摩擦力的方向总是与物体的运动方向相反
D．由磁铁间有相互作用可知：力可以离开物体而单独存在
4．甲、乙两拳击运动员竞技，甲一拳击中乙的肩部，观众可认为甲运动员(的拳头)是施力物体，乙运动员(的肩部)是受力物体，但在甲一拳打空的情况下，下列说法中正确的是(　　)
A．这是一种只有施力物体，没有受力物体的特殊情况
B．尽管乙避开了甲的拳头，但乙仍受到甲的作用力
C．甲的拳头、胳膊与自身躯干构成相互作用的物体
D．以上说法都不正确
5．如图所示， 用绳索将重球挂在墙上，不考虑墙的摩擦。如果把绳的长度增加一些，则球对绳的拉力F1和球对墙的压力F2的变化情况是（ ）
A．F1增大，F2减小 B．F1减小，F2增大
C．F1和F2都减小 D．F1和F2都增大
6.如图所示，用手提一轻弹簧，弹簧下端挂一金属球．在将整个装置
匀加速上提的过程中，手突然停止不动，则在此后一小段时间内( 　　)
A．小球立即停止运动
B．小球继续向上做减速运动
C．小球的速度与弹簧的形变量都要减小
D．小球的加速度减小
7．下面说法中正确的是 （ ）
A．力是物体产生加速度的原因
　　B．物体运动状态发生变化，一定有力作用在该物体上
C．物体运动速度的方向与它受到的合外力的方向总是一致的
D．物体受外力恒定，它的速度也恒定
8．站在升降机中的人出现失重现象，则升降机可能（ ）。
A．做加速上升 B．做减速下降
C．做加速下降 D．做减速上升
9. 如图所示，A、B两条直线是在A、B两地分别用竖直向上的力F拉质量分别为mA和mB的物体，实验得出的两个加速度a与力F的关系图线，由图分析可知(　　)
A．两地重力加速度是gA>gB B．mA<mB
C．两地重力加速度是gA＝gB D．mA>mB
10．如图所示，一水平方向足够长的传送带以恒定的速度v1沿顺时针方向运动，一物体以水平速度v2从右端滑上传送带后，经过一段时间又返回光滑水平面，此时速率为v2′，则下列说法正确的是（　　）
A．若v1＜v2，则v2′＝v1
B．若v1＞v2，则v2′＝v2
C．不管v2多大，总有v2′＝v2
D．只有v1＝v2时，才有v2′＝v2
二、填空题（每空2分，共16分）
11.如图所示，在水平粗糙横杆上，有一质量为m的小圆环A，悬吊一个质量为M的球B，今用一水平力F缓慢地拉起B，A仍保持静止不动，设圆环A受到的支持力为FN，静摩擦力为Ff0，此过程中，FN ，Ff0 。（选填 “增大”“减小”或“不变”）
12.在探究求合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条．
(1)实验对两次拉伸橡皮条的要求中，下列哪些说法是正确的 (填字母代号)．
A．将橡皮条拉伸相同长度即可 B．将橡皮条沿相同方向拉到相同长度
C．将弹簧秤都拉伸到相同刻度 D．将橡皮条和绳的结点拉到相同位置
(2)同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是 (填字母代号)．
A．两细绳必须等长 B．弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行
C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤示数之差应尽可能大
D．拉橡皮条的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些
13.如图所示，甲船及人的总质量为m1，乙船及人的总质量为m2，已知m1＝2m2，甲、乙两船上的人各拉着水平轻绳的一端对绳施加力，设甲船上的人施力为F1，乙船上的人施力为F2.甲、乙两船原来都静止在水面上，不考虑水对船的阻力，甲船产生的加速度大小为a1，乙船产生的加速度大小为a2，则F1∶F2＝ ，a1∶a2＝ .
14．(1)某同学设计了一个探究小车的加速度a与小车所受拉力F关系的实验，图甲为实验装置简图。他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为下列说法正确的是 。
A．实验时要平衡摩擦力
B．实验时不需要平衡摩擦力
C．钩码的重力要远小于小车的总重力
D．实验进行时应先释放小车再接通电源
(2)如图乙所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，距离如图所示。该同学计算小车加速度的表达式为 。
三、计算题（本大题共5题，共54分。解答本题时，要求写出必要的文字说明和重要的演算步骤）
15．(10分)如图11所示，能承受最大拉力为100 N的细线OA与竖直方向成45°角，能承受最大拉力为5 0N的细线OB水平，细线OC能承受足够大的拉力，为使OA，OB均不被拉断，OC下端所悬挂物体的最大重力是多少？

16．（10分）列车在机车的牵引下沿平直铁轨匀加速行驶，在100s内速度由5.0m/s增加到15.0m/s.
（1）求列车的加速度大小．
（2）若列车的质量是1.0×106kg，机车对列车的牵引力是1.5×105N，求列车在运动中所受的阻力大小．

17．（10分）如图所示，一根劲度系数k＝200 N/m的轻质弹簧拉着质量为m＝0.2 kg的物体从静止开始沿倾角为θ＝37°的斜面匀加速上升，此时弹簧伸长量x＝0.9 cm，在t＝1.0 s内物体前进了s＝0.5 m。求：
(1)物体加速度的大小；
(2)物体和斜面间的动摩擦因数。(取g＝10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)

18. (12分)如图所示，放在水平面上的物体质量m＝2 kg，受到一个斜向下的与水平方向成θ＝37°角的推力F＝10 N的作用，从静止开始运动．已知物体与水平面间的动摩擦因数μ＝0.25，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2.问：
(1)物体10 s末的速度是多大？物体10 s内的位移是多少？
(2)若10 s末撤去推力，物体在水平面上运动的总位移是多少？

19．（12分）某飞机场利用如图所示的传送带将地面上的货物运送到飞机上，传送带与地面的夹角θ= 30°，传送带两端A、B的长度L = 10m。传送带以v = 5m/s的恒定速度匀速向上运动。在传送带底端A轻轻放一质量m = 5kg的货物，货物与传送带间的动摩擦因数。求货物从A端运送到B端所需的时间。（g取10m/s2）

高一物理答案
一.选择题（本大题共10小题，每小题4分，共40分。1～6题只有一个选项正确；7～10题有多个选项正确，选对但不全的，得2分）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
答案
B
C
B
C
C
D
AB
CD
BC
AB
二、填空（共16分）
11. 不变，增大
12. .(1)BD　(2)BD
13. 1∶1　1∶2
14. ①AC　②　

三.计算题（本题共5小题，共54分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算
步骤。只写出最后答案不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位、）
15. 50 N
解析　当OC下端悬挂物重不断增大时，细线OA、OB所受

的拉力同时增大．为了判断哪根细线先被拉断，可选O点为研究对象，其受力情况如右图所示，利用假设法，分别假设OA、OB达最大值时，看另一细线是否达到最大值，从而得到结果．假设OB不会被拉断，且OA上的拉力先达到最大值，即F1＝100 N，根据平衡条件有
F2＝F1maxcos 45°＝100× N≈70. 7 N
由于F2大于OB能承受的最大拉力，所以在物重逐渐增大时，细线OB先被拉断．
再假设OB上的拉力刚好达到最大值(即F2max＝50 N)，处于将被拉断的临界状态，根据平衡条件有F1·cos 45°＝F2max，F1·sin 45°＝F3.
再选重物为研究对象，根据平衡条件有F3＝Gmax.
以上三式联立解得悬挂物体的最大重力为Gmax＝F2max＝50 N.
16. 解析：（1）根据 ①

代入数据得a=0.1m/s2 ②
（2）设列车在运动中所受的阻力大小为f ，由牛顿第二定律
F合=F牵－f=ma ③
代入数据解得f=5.0×104N ④
17. （10分）解析：(1)根据运动学公式：s＝at2①（2分）
得a＝＝ m/s2＝1.0 m/s2②（2分）
(2)物体运动过程受力如图所示。
根据牛顿第二定律：
F－Ff－mgsin37°＝ma③（2分）
FN＝mgcos37°＝0.2×10×0.8 N＝1.6 N④
根据胡克定律：F＝kx⑤
F＝200×0.9×10－2 N＝1.8 N⑥（1分）
把⑥式代入③式得：
Ff＝F－mgsin37°－ma
＝(1.8－0.2×10×0.6－0.2×1.0) N
＝0.4 N⑦（2分）
根据滑动摩擦力公式Ff＝μFN得：
μ＝＝＝0.25（1分）
18. (1)7.5 m/s　37.5 m　(2)48.75 m
解析　(1)物体在F的作用下做匀加速运动，
设加速度为a1
Fcos 37°－f＝ma1，
N－Fsin 37°＝mg，
f＝μN，
联立并代入数据解得
a1＝0.75 m/s2.
此时速度v＝a1t＝0.75×10 m/s＝7.5 m/s，
加速位移x1＝a1t2＝×0.75×100 m＝37.5 m.
(2)F撤去后物体做匀减速运动，设加速度为a2，
μmg＝ma2，a2＝μg＝2.5 m/s2，
减速位移x2＝＝ m＝11.25 m，
所以总位移x＝x1＋x2＝48.75 m.
19. （12分）解析：μmgcos30°－mgsin30°= ma 3分
解得a = 2.5 m / s2 2分
货物匀加速运动的时间 1分
货物匀加速运动的位移：
2分
随后货物做匀速运动。
运动位移  S2 = L－S1 = 5m 1分
匀速运动时间  1分
t = t1 + t2 = 3s 2分