二元一次不定方程的解法总结与例题.doc

探究二元一次不定方程
（Inquires into the dual indefinite equation）
冯晓梁（XiaoLiang Feng） （江西科技师范学院 数计学院 数一班 330031）
【摘 要】:二元一次不定方程是最简单的不定方程, 一些复杂的不定方程常常化为二元一次不定方程问题加以解决。我们讨论二元一次方程的整数解。
The dual indefinite equation is the simple the indefinite equation, some complex indefinite equations change into the dual indefinite equation question to solve frequently. We discuss the dual linear equation the integer solution.
【关键字】：二元一次不定方程 初等数论 整数解
（Dual indefinite equation Primary theory of numbers Integer solution）
二元一次方程的概念：含有两个未知数，并且未知项的次数是1的方程叫做二元一次方程。一个方程是二元一次方程必须同时满足下列条件；①等号两边的代数式是整式；②具有两个未知数；③未知项的次数是1。
如：2x-3y=7是二元一次方程，而方程4xy-3=0中含有两个未知数，且两个未知数的次数都是1，但是未知项4xy的次数是2，所以，它是二元二次方程，而不是二元一次方程。

定理1.形如(不同时为零)的方程称为二元一次不定方程。[1]
二元一次方程的解和解二元一次方程：能使一个二元一次方程两边的值相等的未知数的一组值叫做这个方程的一个解，但若对未知数的取值附加某些限制，方程的解可能只有有限个。
通常求一个二元一次方程的解的方法是用一个未知数的代数式表示另一个未知数，如x-2y=3变形为x=3+2y，然后给出一个y的值就能求出x的一个对应值，这样得到的x、y的每对对应值，都是x-2y=3的一个解。

定理2.方程有解的充要是；[2]
若，且为的一个解，则方程的一切解都可以表示成：
（t为任意整数）

定理2的扩展.元一次不定方程，()有解的充要条件是.
方法与技巧：
1．解二元一次不定方程通常先判定方程有无解。若有解，可先求一个特解，从而写出通解。当不定方程系数不大时，有时可以通过观察法求得其解，即引入变量，逐渐减小系数，直到容易得其特解为止；
2．解元一次不定方程时，可先顺次求出，
……，.若 ，则方程无解；若|，则方程有解，作方程组：
求出最后一个方程的一切解，然后把的每一个值代入倒数第二个方程，求出它的一切解，这样下去即可得方程的一切解。
对于解不定方程（组），二元一次不定方程是最简单的不定方程，一些复杂的不定方程（组）常常化为二元一次不定方程问题加以解决，设a，b，c，d为整数，则不定方程ax+by=c有如下两个重要命题：
（1）若（a，b）=d，且d不等于c，则不定方程ax+by=c没有整数解。
（2）若Xo，Yo是方程ax+by=c且（a，b）=1的一组整数解（称特解），则 x=Xo+bt，（t为整数）
y=Yo-at 是方程的全部整数解（称通解）。
求：
方程5x-3y=-7的正整数解.
解:原方程X=(3y-7)/5
即X=-2+[3(y+1)]/5 (1)
Y=4时,x=1
即 X=1 Y=4 为原方程的一组整数解,因此,原方程的所有整数解为
X=1-3k (k为任意整数)
Y=4-5k
再令X大于0,y大于0,即有不等式组
1-3k大于0
4-5k大于0
解得K小于1/3,所以当k取0,-1,-2,…时原方程可得到无穷多组正整数
X=1-3k (k=0,-1,-2,…)
Y=4-5k
题：某人家的电话号码是八位数，将前四位数组成的数和后四位组成的数相加得14405，将前三位组成的数雨后五位相加得16970，求这个人家中的电话号码。
解：可将两个已知条件变为两个方程，用方程只是去解决。关键是怎么样设未知数，不妨将a b c d e f g h的a b c 设为x；d设为y，e f g h 设为z可以很快构造出方程组。
设电话号码是10000x+10000y+z，其中x，y，z均为自然数，且100≤x≤999，0≤y≤9，
10x+y+z=14405.
1000≤z≤9999，则 x=10000y+z=16970。
②-①化简得1111y-x=285，即1111y=x+285.
∵100≤x≤999， ∴ 385≤x+285≤1284。
∴385/1111≤y≤1284/1111
又∵y为整数 ∴y=1，x=826，z=6144
即 此电话号码为82616144.

例：
（1）求方程15x+52y=6的所有整数解。
（2）求不定方程5x+7y=978的正整数解的组数。
解：对于（1），通过观察或辗转相除法，先求出特解；对于(2)，先表示出方程的全部整数解，再解不等式组确定方程的正整数解的组数；
【解法一】·（1）观察易得一个特解x=42，y=-12 ，原方程所有整数解为
x=42-52t，（t为整数） y=-12+15t
【解法二】·（1）x=-4y+ 6+8y/15 , 令6+8y/15= t1 ,得y=2 t1- t1+6 / 8,令t1+6 / 8=t,得t1=8t-6，化简得：
x=42-52t，（t为整数） y=-12+15t

（2）可得原不定方程的通解为 x=197-7t （t为整数）
y=-1+5t
由x＞0，y＞0得 1≦t≦28即原不定方程有28个正整数解。
利用辗转相除法求整数解：
例 求方程407x-2816y=33的一个整数解，并写出它的通解
解：将方程化简为
37x-256y=3
即37x+256（-y）=3
∵256=6×37+34
37=1×34+3
34=11×3+1
∴1=34-11×3
=（256-6×37）-11×[37-（256-6×37）]
=256-6×37-11×37+11×256-66×37
=37×（-6-11-66）+256×（1+11）
　 即37×（-83）+256×12=1
　 上式各项乘以3得37×（-249）+256×36=3
∴原方程的一个整数解是
Xo =-249
Yo =-36
通解为 （t为任意整数）
x=-249+256t
y=-36-37t
　　这就是用辗转相除法解的，这种方适用于所有的有整数解的方程。因为1是所有整数的约数。辗转相除总能除到余数为1，再逆推，化为原不定方程的形式。但用辗转相除除到余数为1，再逆推，这一过程较繁，若除到余数是常数项的约数，也可逆推，化为原不定方程的形式，这样就简便些。
又如解不定方程13x+15y=8
解：∵15=13+2（2是常数8的约数）
∴2=15-13
　即8=13×（-4）+15×4
∴方程一特解
Xo =-4
Yo =4
所以原方程的通解为
x=-4+15t
y=4-13t
求不定方程47x-97y=501的整数解
解：∵97=47×2+3 (3是501的约数)
　　 ∴3=97-47×2 (左右同乘167)
　　即501=97×167-47×334
　　 47×(-334)-97×(-167)=501
Xo =-334
　　 ∴方程的一个特解为
Yo =-167
　　 x=-334+97t
不定方程的通解 (t为整数)
y=-167+47t
上述用辗转相除,除到余数是常数的约数就逆推化为原不定方程的形式,从而求出它的一个特解的方法,得出通解。
参考文献：
[1]闵嗣鹤 严士健，初等数论【M】，高等教育出版社，2003年7月第3版，P25
[2]闵嗣鹤 严士健，初等数论【M】，高等教育出版社，2003年7月第3版,P25

二元一次不定方程的解法
　　我们知道，如果未知数的个数多于方程的个数，那么，一般来说，它的解往往是不确定的，例如方程
x-2y=3，
　　方程组

　　等，它们的解是不确定的．像这类方程或方程组就称为不定方程或不定方程组．
　　不定方程(组)是数论中的一个古老分支，其内容极其丰富．我国对不定方程的研究已延续了数千年，“百鸡问题”等一直流传至今，“物不知其数”的解法被称为中国剩余定理．近年来，不定方程的研究又有新的进展．学习不定方程，不仅可以拓宽数学知识面，而且可以培养思维能力，提高数学解题的技能．
　　我们先看一个例子．
　　例 小张带了5角钱去买橡皮和铅笔，橡皮每块3分，铅笔每支1角1分，问5角钱刚好买几块橡皮和几支铅笔？
　　解 设小张买了x块橡皮，y支铅笔，于是根据题意得方程
3x+11y=50．
　　这是一个二元一次不定方程．从方程来看，任给一个x值，就可以得到一个y值，所以它的解有无数多组．
　　但是这个问题要求的是买橡皮的块数和铅笔的支数，而橡皮的块数与铅笔的支数只能是正整数或零，所以从这个问题的要求来说，我们只要求这个方程的非负整数解．
　　因为铅笔每支1角1分，所以5角钱最多只能买到4支铅笔，因此，小张买铅笔的支数只能是0，1，2，3，4支，即y的取值只能是0，1，2，3，4这五个．

　　若y=3，则x=17/3，不是整数，不合题意；
　　若y=4，则x=2，符合题意．
　　所以，这个方程有两组正整数解，即

　　也就是说，5角钱刚好能买2块橡皮与4支铅笔，或者13块橡皮与1支铅笔．
　　像这个例子，我们把二元一次不定方程的解限制在非负整数时，那么它的解就确定了．但是否只要把解限制在非负整数时，二元一次不定方程的解就一定能确定了呢？不能！现举例说明．
　　例 求不定方程x-y=2的正整数解．
　　解 我们知道：3-1=2，4-2=2，5-3=2，…，所以这个方程的正整数解有无数组，它们是

　　其中n可以取一切自然数．
　　因此，所要解的不定方程有无数组正整数解，它的解是不确定的．
　　上面关于橡皮与铅笔的例子，我们是用逐个检验的方法来求它们的非负整数解的，但是这种方法在给出的数比较大的问题或者方程有无数组解的时候就会遇到麻烦．那么能不能找到一个有效而又方便的方法来求解呢？我们现在就来研究这个问题，先给出一个定理．
　　定理 如果a，b是互质的正整数，c是整数，且方程
ax+by=c ①
　　有一组整数解x0，y0则此方程的一切整数解可以表示为

　　其中t=0，±1，±2，±3，…．
　　证 因为x0，y0是方程①的整数解，当然满足
ax0+by0=c， ②
　　因此
a(x0-bt)+b(y0+at)=ax0+by0=c．
　　这表明x=x0-bt，y=y0+at也是方程①的解．
　　设x＇，y＇是方程①的任一整数解，则有
ax＇+bx＇=c. ③
　　③-②得
a(x＇-x0)=b＇(y＇-y0)． ④
　　由于(a，b)=1，所以a｜y＇-y0，即y＇=y0+at，其中t是整数．将y＇=y0+at代入④，即得x＇=x0-bt．因此x＇， y＇可以表示成x=x0-bt，y=y0+at的形式，所以x=x0-bt，y=y0+at表示方程①的一切整数解，命题得证．
　　有了上述定理，求解二元一次不定方程的关键是求它的一组特殊解．
　　例1 求11x+15y=7的整数解．
　　解法1 将方程变形得

　　因为x是整数，所以7-15y应是11的倍数．由观察得x0=2，y0=-1是这个方程的一组整数解，所以方程的解为

　　解法2 先考察11x+15y=1，通过观察易得
11×(-4)+15×(3)=1，
　　所以
11×(-4×7)+15×(3×7)=7，
　　可取x0=-28，y0=21．从而

　　可见，二元一次不定方程在无约束条件的情况下，通常有无数组整数解，由于求出的特解不同，同一个不定方程的解的形式可以不同，但它们所包含的全部解是一样的．将解中的参数t做适当代换，就可化为同一形式．
　　例2 求方程6x+22y=90的非负整数解．
　　解 因为(6，22)=2，所以方程两边同除以2得
3x+11y=45． ①
　　由观察知，x1=4，y1=-1是方程
3x+11y=1 ②
　　的一组整数解，从而方程①的一组整数解为

　　由定理，可得方程①的一切整数解为

　　因为要求的是原方程的非负整数解，所以必有

　　由于t是整数，由③，④得15≤t≤16，所以只有t=15，t=16两种可能．
　　当t=15时，x=15，y=0；当t=16时，x=4，y=3．所以原方程的非负整数解是

　　例3 求方程7x+19y=213的所有正整数解．
　　分析 这个方程的系数较大，用观察法去求其特殊解比较困难，碰到这种情况我们可用逐步缩小系数的方法使系数变小，最后再用观察法求得其解．
　　解 用方程
7x+19y=213 ①
　　的最小系数7除方程①的各项，并移项得

　　因为x，y是整数，故3-5y/7=u也是整数，于是5y+7u=3．Ｔ儆*5除此式的两边得

2u+5v=3． ④
　　由观察知u=-1，v=1是方程④的一组解．将u=-1，v=1代入③得y=2．y=2代入②得x=25．于是方程①有一组解x0=25，y0=2，所以它的一切解为

　　由于要求方程的正整数解，所以

　　解不等式，得t只能取0，1．因此得原方程的正整数解为

　　当方程的系数较大时，我们还可以用辗转相除法求其特解，其解法结合例题说明．
　　例4 求方程37x+107y=25的整数解．
　　解 107=2×37+33，
37=1×33+4，
33=8×4+1．
　　为用37和107表示1，我们把上述辗转相除过程回代，得
1=33-8×4=37-4-8×4=37-9×4
　　　　 =37-9×(37-33)=9×33-8×37
　　　　 　 ＝9×(107-2×37)8×37＝9×107-26×37
　　　 　=37×(-26)+107×9．
　　由此可知x1=-26，y1=9是方程37x+107y=1的一组整数解．于是
x0=25×(-26)=-650，y0=25×9=225
　　是方程37x+107y=25的一组整数解．
　　所以原方程的一切整数解为

　　例5 某国硬币有5分和7分两种，问用这两种硬币支付142分货款，有多少种不同的方法？
　　解 设需x枚7分，y枚5分恰好支付142分，于是
7x+5y=142. ① 所以

　　由于7x≤142，所以x≤20，并且由上式知5｜2(x-1)．因为(5，2)=1，所以5｜x-1，从而x=1，6，11，16，①的非负整数解为

　　所以，共有4种不同的支付方式．
　　说明 当方程的系数较小时，而且是求非负整数解或者是实际问题时，这时候的解的组数往往较少，可以用整除的性质加上枚举，也能较容易地解出方程．
　　多元一次不定方程可以化为二元一次不定方程．
　　例6 求方程9x+24y-5z=1000的整数解．
　　解 设9x+24y=3t，即3x+8y=t，于是3t-5z=1000．于是原方程可化为

　　用前面的方法可以求得①的解为

　　②的解为

　　消去t，得

　　大约1500年以前，我国古代数学家张丘建在他编写的《张丘建算经》里，曾经提出并解决了“百钱买百鸡”这个有名的数学问题，通俗地讲就是下例．
　　例7 今有公鸡每只五个钱，母鸡每只三个钱，小鸡每个钱三只．用100个钱买100只鸡，问公鸡、母鸡、小鸡各买了多少只？
　　解 设公鸡、母鸡、小鸡各买x，y，z只，由题意列方程组

　　①化简得 15x+9y+z=300． ③
　　③-②得 14x+8y=200，
　　即 7x+4y=100．
　　解7x+4y=1得

　　于是7x+4y=100的一个特解为

　　由定理知7x+4y=100的所有整数解为

　　由题意知，0＜x，y，z＜100，所以

　　由于t是整数，故t只能取26，27，28，而且x，y，z还应满足
x+y+z=100．
t x y z
26 4 18 78
27 8 11 81
28 12 4 84
　　即可能有三种情况：4只公鸡，18只母鸡，78只小鸡；或8只公鸡，11只母鸡，81只小鸡；或12只公鸡，4只母鸡，84只小鸡．
练习
　　1．求下列不定方程的整数解：
　　(1) 72x+157y=1；(2)9x+21y=144；
　　(3)103x-91y＝5．
　　2．求下列不定方程的正整数解：
　　(1)3x-5y=19； (2)12x+5y=125．
　　3．求下列不定方程的整数解：
　　(1)5x+8y+19z=50； (2)39x-24y+9z=78．
　　4．求不定方程2x+5y+7z+3t=10的整数解．
　　5．求不定方程组
的正整数解.

不定方程与整数拆分

求二元一次方程与多元一次方程组的自然数解的方法，与此相关或涉及整数分拆的数论问题．

补充说明：对于不定方程的解法，本讲主要利用同余的性质来求解，对于同余性质读者可参考《思维导引详解》五年级[第15讲 余数问题].
解不定方程的4个步骤：①判断是否有解；②化简方程；③求特解；④求通解．
本讲讲解顺序：③包括1、2、3题④②①包括4、5题③包括6、7题，其中③④步骤中加入百鸡问题．
复杂不定方程：⑧、⑨、⑩依次为三元不定方程、较复杂不定方程、复杂不定方程．
整数分拆问题：11、12、13、14、15．

1．在两位数中，能被其各位数字之和整除，而且除得的商恰好是4的数有多少个?

【分析与解】 设这个两位数为，则数字和为，这个数可以表达为
，有
即，亦即．
注意到和都是0到9的整数，且不能为0，因此只能为1、2、3或4，相应地的取值为2、4、6、8．
综上分析，满足题目条件的两位数共有4个，它们是12、24、36和48．

2．设A和B都是自然数，并且满足,那么A+B等于多少?

【分析与解】 将等式两边通分，有3A+llB=17,显然有B=l，A=2时满足，此时A+B=2+1=3．

3．甲级铅笔7分钱一支，乙级铅笔3分钱一支．张明用5角钱恰好可以买这两种不同的铅笔共多少支?

【分析与解】设购买甲级铅笔支，乙级铅笔支．
有7+3=50，这个不定方程的解法有多种，在这里我们推荐下面这种利用余数的性质来求解的方法：
将系数与常数对3取模(系数7，3中，3最小)：
得=2(mod 3)，所以可以取2，此时取12；还可以取2+3=5，此时取5；
即、,对应为14、10
所以张明用5角钱恰好可以买这两种不同的铅笔共14支或10支．

4．有纸币60张，其中1分、l角、1元和10元各有若干张．问这些纸币的总面值是否能够恰好是100元?

【分析与解】 设1分、1角、1元和10元纸币分别有a张、b张、c张和d张，
列方程如下：
由
(2)(1)得③
注意到③式左边是9的倍数，而右边不是9的倍数，因此无整数解，即这些纸币的总面值不能恰好为100元．

5.将一根长为374厘米的合金铝管截成若干根36厘米和24厘米两种型号的短管，加工损耗忽略不计．问：剩余部分的管子最少是多少厘米?

【分析与解】 24厘米与36厘米都是12的倍数，所以截成若干根这两种型号的短管，截去的总长度必是12的倍数，但374被12除余2，所以截完以后必有剩余．剩余管料长不小于2厘米．
另一方面，374=27×12+4×12+2，而36÷12=3，24÷12=2，有3×9+2×2=31．即可截成9根36厘米的短管与2根24厘米的短管，剩余2厘米．
因此剩余部分的管子最少是2厘米．

6．某单位的职工到郊外植树，其中有男职工，也有女职工，并且有寺的职工各带一个孩子参加．男职工每人种13棵树，女职工每人种10棵树，每个孩子种6棵树，他们一共种了216棵树．那么其中有多少名男职工?

【分析与解】设男职工人，孩子人，则女职工3-人(注意，为何设孩子数为人，而不是设女职工为人)，
那么有=216，化简为=216，即=72．
有.
但是，女职工人数为必须是自然数，所以只有时，满足．
那么男职工数只能为12名

7．一居民要装修房屋，买来长0.7米和O.8米的两种木条各若干根．如果从这些木条中取出一些接起来，可以得到许多种长度的木条，例如：O.7+O.7=1.4米，0.7+0.8=1.5米．那么在3.6米、3.8米、3.4米、3.9米、3.7米这5种长度中，哪种是不可能通过这些木条的恰当拼接而实现的?

【分析与解】设0.7米，0.8米两种木条分别，根，则0.7+0.8=3.4
3.6，…
即7+8=34，36，37，38，39
将系数，常数对7取模，有≡6，l，2，3，4(mod 7)，于是最小分别取6,1,
2，3，4．
但是当取6时，8×6=48超过34，无法取值．
所以3.4米是不可能通过这些木条的恰当拼接而实现的．

8.小萌在邮局寄了3种信，平信每封8分，航空信每封1角，挂号信每封角，她共用了1元2角2分．那么小萌寄的这3种信的总和最少是多少封?

【分析与解】显然，为了使3种信的总和最少，那么小萌应该尽量寄最贵的挂号信，然后是航空信，最后才是平信．但是挂号信、航空信的邮费都是整数角不会产生几分．
所以，2分，10+2分应该为平信的邮费，最小取3，才是8的倍数，所以平信至少要寄4封，此时剩下的邮费为122-32=90，所以再寄4封挂号信，航空信1封即可．
于是，小萌寄的这3种信的总和最少是4+1+4=9封．

9.有三堆砝码，第一堆中每个砝码重3克，第二堆中每个砝码重5克，第三堆中每个砝码重7克．现在要取出最少个数的砝码，使它们的总重量为130克．那么共需要多少个砝码?其中3克、5克和7克的砝码各有几个?

【分析与解】 为了使选取的砝码最少，应尽可能的取7克的砝码．130÷7：18
……4，所以3克、5克的砝码应组合为4克，或4+7克重．
设3克的砝码个，5克的砝码个，则．
当=0时，有，无自然数解；
当=1时，有，有=2，=1，此时7克的砝码取17个，所以共
需2+1+17=21个砝码，有3克、5克和7克的砝码各2、1、17个．
当>1时，7克的砝码取得较少，而3、5克的砝码却取得较多，不是最少的取
砝码情形．
所以共需2+1+17=20个砝码，有3克、5克和7克的砝码各2、1、17个．

10．5种商品的价格如表8—1，其中的单位是元．现用60元钱恰好买了10件商品，那么有多少种不同的选购方式?

【分析与解】 设B、C、D、E、A商品依次买了b、c、d、e、(10-b-c-d-e)
件，则有
=60．
=310，显然只能取0，1，2．
Ⅰ有=310，其中d可取0，1，2，3，4．
(1)当d=0时，有=310，将系数，常数对6取模得：
≡4(mod 6)，于是最小取4，那么有18b=310-43×4=138，b不为自然
数．所以d=0时。不满足；
(2)有=233，将系数，常数对6取模得：
≡5(mod 6),于是最小,那么有18b=233-43×5=18,
；
(3)有=156，将系数，常数对6取模得：
≡O(mod 6)，于是最小取0，那么有18b=156，b不为自然数，所以d=2
时，不满足；
(4)有=79，将系数、常数对6取模得：
≡1(mod 6)，于是最小那么有18b=79—43=36．
(5)当d=4时，有=2，显然不满足．
Ⅱ有=190，其中d可以取0、1、2．
(1)有=190，将系数、常数对6取模有：
≡4(mod 6)，于是最小那么有18b=190-43×4=18,
(2)当d=1时，有=113，将系数、常数对6取模有：
≡5(mod 6)，于是最小取5，即18+215=113，显然d=1时，不满足；
(3)
有=36,显然有时
Ⅲ
有=70，只能取0，
有=70，将系数、常数对6取模有：
≡4(rood 6)，于是最小取4，那么有18+172=70，显然不满足
最后可得到如下表的满足情况：

共有4种不同的选购方法．

11．有43位同学，他们身上带的钱从8分到5角，钱数都各不相同．每个同学都把身上带的全部钱各自买了画片．画片只有两种：3分一张和5分一张．每11人都尽量多买5分一张的画片．问他们所买的3分画片的总数是多少张?

【分析与解】 钱数除以5余0，1，2，3，4的人，分别买0，2，4，1，3张3分的画片．因此，可将钱数8分至5角2分这45种分为9组，每连续5个在一组，每组买3分画片0+2+4+1+3=10张，9组共买10×9=90张，去掉5角1分钱中买的2张3分画片，5角2分中买的4张3分画片，43个人买的3分画片的总数是90-2-4=84张．

12．哥德巴赫猜想是说：“每个大于2的偶数都可以表示成两个质数之和．”试将168表示成两个两位质数的和，并且其中的一个数的个位数字是1．

【分析与解】 个位数字是1的两位质数有11，31，41，61，71．
其中168-11=157，168-31=137，168-41=127，168-61=107，都不是两位数，只有
168-71=97是两位数，而且是质数，所以168=71+97是惟一解．

13．(1)将50分拆成10个质数之和，要求其中最大的质数尽可能大，那么这个最大质数是多少?

(2)将60分拆成10个质数之和，要求其中最大的质数尽可能小，那么这个最大的质数是多少?

【分析与解】 (1)首先确定这10个质数或其中的几个质数可以相等，不然10个互不相等的质数和最小为2+3+5+7+11+13+17+19+23+29，显然大于50．
所以，其中一定可以有某几个质数相等．
欲使最大的质数尽可能大，那么应使最小的质数尽可能小，最小的质数为2，且最多可有9个2，那么最大质数不超过50—2×9=32，而不超过32的最大质数为31．
又有，所以满足条件的最大质数为31．
(2)最大的质数必大于5，否则10个质数的之和将不大于50．
所以最大的质数最小为7，为使和为60，所以尽可能的含有多个7．
60÷7=8……4，，而4=2+2，恰好有．即8个7与2个2的和为60，显然其中最大的质数最小为7．

14．有30个贰分硬币和8个伍分硬币，用这些硬币不能构成的1分到1元之间的币值有多少种?

【分析与解】 注意到所有38枚硬币的总币值恰好是100分(即1元)，于是除了50分和100分外，其他98种币值就可以两两配对了，即
(1，99)；(2，98)；(3，97)；(4，96)；…；(49，51)；
每一对币值中有一个可用若干个贰分和伍分硬币构成，则另一个也一定可以，显然50分和100分的币值是可以组成的，因此只需要讨论币值为1分，2分，3分，…，48分和49分这49种情况．
1分和3分的币值显然不能构成．
2分，4分，6分，…，46分，48分等2；4种偶数币值的都可以用若干个贰分硬币构成．
5分，7分，9分，…，47分，49分等23种奇数币值的只须分别在4分，6分,8分，…46分、48分的构成方法上，用一枚伍分硬币去换两枚贰分硬币即可，譬如，37分币值的，由于36分币值可用18枚贰分硬币构成，用一枚伍分硬币换下两枚贰分硬币，剩下的币值即为37分．
综合以上分析，不能用30个贰分和8个伍分硬币构成的1分到1元之间的币值只有四种，即1分，3分，97分，99分．

15．小明买红、蓝两支笔，共用了17元．两种笔的单价都是整数元，并且红笔比蓝笔贵．小强打算用35元来买这两种笔(也允许只买其中一种)，可是他无论怎么买，都不能把35元恰好用完．那么红笔的单价是多少元?

【分析与解】如下表

先枚举出所有可能的单价如表1．
再依次考虑：
首先，不能出现35的约数．否则只买这种笔就可以刚好用完35元，所以含有7，5，1的组合不可能．
然后，也不能出现35—17=18的约数．否则先各买一支需17元，那么再买这种笔就可以花去18元，一共花35元．所以含有9，6，3，2的组合也不可能．
所以，只有13+4的组合可能，经检验13x+4y=35这个不定方程确实无自然数解．所以红笔的单价为13元．

1．庙里有若干个大和尚和若干个小和尚，已知每7个大和尚每天共吃41个馒头，每29个小和尚每天共吃11个馒头.平均每个和尚每天恰好吃1个馒头，问：庙里至少有多少个和尚．

2．小花狗和波斯猫是一对好朋友，它们在早晚见面时总要叫上几声表示问候．早晨见面，小花狗叫两声，波斯猫叫一声；晚上见面，小花狗叫两声，波斯猫叫三声．细心的小娟对它们叫声统计了15天，它们并不是，每天早晚都见面，在这15天内它们共叫61声．问：波斯猫至少叫了多少声?

3．《张邱建算经》百鸡问题：今有百钱，鸡翁直钱五，鸡母直钱三，鸡雏三直一,百钱买百鸡，问鸡翁、母、雏各几何?

http://H