高二物理下册课时随堂训练题54.doc

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习题课　电磁感应规律的应用

一、基础练
1．一根导体棒ab放在水平方向的匀强磁场中，导体棒自由落下时，始终保持水平方向且跟磁场方向垂直，如图1所示，比较导体棒ab两端的电势的高低，有(　　)

图1

A．a端与b端的电势相同
B．a、b间的电势差保持不变，a端较高
C．a、b间的电势差越来越大，a端较高
D．a、b间的电势差越来越大，b端较高
答案　D
2. 图2中两条平行虚线之间存在匀强磁场，虚线间的距离为l，磁场方向垂直纸面向里,abcd是位于纸面内的梯形线圈，ad与bc间的距离也为l.t=0时刻，bc边与磁场区域边界重合（如图）.现令线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域.取沿a→b→c→d→a的感应电流为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流I随时间t变化的图线可能是(　　)

答案　B
解析　线框进入时，磁通量是增加的，线框穿出时磁通量是减少的，由楞次定律可判断两次电流方向一定相反，故只能在A、B中选择，再由楞次定律及规定的电流正方向可判断进入时电流为负方向，故选B.
3．如图3所示，ab和cd是位于水平面内的平行金属轨道，间距为l，其电阻可忽略不计，ac之间连接一阻值为R的电阻．ef为一垂直于ab和cd的金属杆，它与ad和cd接触良好并可沿轨道方向无摩擦地滑动．电阻可忽略．整个装置处在匀强磁场中，磁场方向垂直于图中纸面向里，磁感应强度为B，当施外力使杆ef以速度v向右匀速运动时，杆ef所受的安培力为(　　)

图3
A. B.
C. D.
答案　A
4．如图4所示，先后两次将同一个矩形线圈由匀强磁场中拉出，两次拉动的速度相同．第一次线圈长边与磁场边界平行，将线圈全部拉出磁场区，拉力做功W1、通过导线截面的电荷量为q1，第二次线圈短边与磁场边界平行，将线圈全部拉出磁场区域，拉力做功为W2、通过导线截面的电荷量为q2，则(　　)

图4
A．W1>W2，q1＝q2
B．W1＝W2，q1>q2
C．W1<W2，q1<q2
D．W1>W2，q1>q2
答案　A
解析　设矩形线圈的长边为a，短边为b，电阻为R，速度为v，则W1＝BI1ba＝B··a·b，W2＝BI2ba＝B··a·b，因为a>b，所以W1>W2.通过导线截面的电荷量q1＝I1t1＝·＝q2.
5．如图5所示，半径为a的圆形区域(图中虚线)内有匀强磁场，磁感应强度为B＝0.2 T，半径为b的金属圆环与虚线圆同心、共面的放置，磁场与环面垂直，其中a＝0.4 m、b＝0.6 m；金属环上分别接有灯L1、L2，两灯的电阻均为2 Ω.一金属棒MN与金属环接触良好，棒与环的电阻均不计．

图5
(1)若棒以v0＝5 m/s的速率沿环面向右匀速滑动，求棒滑过圆环直径OO′的瞬间，MN中的电动势和流过灯L1的电流．
(2)撤去中间的金属棒MN，将左面的半圆弧OL1O′以MN为轴翻转90°，若此后B随时间均匀变化，其变化率为＝ T/s，求灯L2的功率．
答案　(1)0.8 V　0.4 A　(2)1.28×10－2 W
解析　(1)棒滑过圆环直径OO′的瞬间，MN中的电动势为动生电动势，E＝B·2a·v＝0.8 V.
流经L1的电流I＝＝0.4 A
(2)电路中的电动势为感生电动势，E＝·
灯L2的功率P2＝2RL2＝1.28×10－2 W
点评　求电路中的电动势时，要分析清楚产生感应电动势的方式，若为导体切割磁感线类，宜用E＝BLv计算；若为磁场变化产生感生电场类，宜用E＝nS.
二、提升练
6．如图6所示，矩形线框abcd的ad和bc的中点M、N之间连接一电压表，整个装置处于匀强磁场中，磁场的方向与线框平面垂直．当线框向右匀速平动时，下列说法中正确的是(　　)

图6
A．穿过线框的磁通量不变化，MN间无感应电动势
B．MN这段导体做切割磁感线运动，MN间有电势差
C．MN间有电势差，所以电压表有示数
D．因为有电流通过电压表，所以电压表有示数
答案　B
解析　穿过线框的磁通量不变化，线框中无感应电流，但ab、MN、dc都切割磁感线，它们都有感应电动势，故A错，B对．无电流通过电压表，电压表无示数，C、D错．
7．粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行．现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如下图所示，则在移出过程中线框的一边a、b两点间电势差绝对值最大的是(　　)

答案　B
解析　设此题中磁感应强度为B，线框边长为L，速度为v，则四种情况的感应电动势都是BLv，但B中ab为电源，ab两点间的电势差为路端电压Uab＝BLv，其他三种情况下，Uab＝BLv，故选B.
8．(双选)如图7所示，线圈C连接光滑平行导轨，导轨处在方向垂直纸面向里的匀强磁场中，导轨电阻不计，导轨上放着导体棒MN.为了使闭合线圈A产生图示方向的感应电流，可使导体棒MN(　　)

图7
A．向右加速运动 B．向右减速运动
C．向左加速运动 D．向左减速运动
答案　AD
解析　N再由右手定则判断MN应向左运动，磁场减弱则电流减小故MN应减速，故可判断MN向左减速，同理可判断向右加速也可，故选A、D.→N再由右手定则判断MN应向左运动，磁场减弱则电流减小故MN应减速，故可判断MN向左减速，同理可判断向右加速也可，故选A、D.
9(双选)如图8所示，平行金属导轨与水平面成θ角，导轨与固定电阻R1和R2相连，匀强磁场垂直穿过导轨平面．有一导体棒ab，质量为m，导体棒的电阻与固定电阻R1和R2的阻值均相等，与导轨之间的动摩擦因数为μ，导体棒ab沿导轨向上滑动，当上滑的速度为v时，受到安培力的大小为F.此时(　　)

图8
A．电阻R1消耗的热功率为Fv/3
B．电阻R2消耗的热功率为Fv/6
C．整个装置因摩擦而消耗的热功率为μmgvcos θ
D．整个装置消耗的机械功率为μmgvcos θ
答案　BC
解析　棒ab上滑速度为v时，切割磁感线产生感应电动势E＝BLv，设棒电阻为R，则R1＝R2＝R，回路的总电阻R总＝R，通过棒的电流I＝＝，棒所受安培力F＝BIL＝，通过电阻R1的电流与通过电阻R2的电流相等，即I1＝I2＝＝，则电阻R1消耗的热功率P1＝IR＝＝，电阻R2消耗的热功率P2＝IR＝.棒与导轨间的摩擦力f＝μmgcos θ，故因摩擦而消耗的热功率为P＝fv＝μmgvcos θ；由能量转化知，整个装置中消耗的机械功率为安培力的功率和摩擦力的功率之和P机＝Fv＋fv＝(F＋μmgcos θ)v.由以上分析可知，B、C选项正确．
点评　切割磁感线的导体相当于电源，电源对闭合回路供电．分析清楚整个过程中能量的转化和守恒，所有的电能和摩擦生热都来自于机械能，而转化的电能在回路中又转化为电热．
10．如图9所示，一个半径为r的铜盘，在磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度ω绕中心轴OO′匀速转动，磁场方向与盘面垂直，在盘的中心轴与边缘处分别安装电刷．设整个回路电阻为R，当圆盘匀速运动角速度为ω时，通过电阻的电流为________．

图9
答案　
解析　当铜盘转动时，产生的感应电动势相当于一根导体棒绕其一个端点在磁场中做切割磁感线的圆周运动，产生的电动势为E＝Br2ω所以通过电阻的电流为.
11．如图10所示，在磁感应强度B＝0.5 T的匀强磁场中，垂直于磁场方向水平放置着两根相距为h＝0.1 m的平行金属导轨MN与PQ，导轨的电阻忽略不计．在两根导轨的端点N、Q之间连接一阻值R＝0.3 Ω的电阻，导轨上跨放着一根长为L＝0.2 m、每米长电阻r＝2.0 Ω/m的金属棒ab，金属棒与导轨正交，交点为c、d.当金属棒以速度v＝4.0 m/s向左做匀速运动时，试求：

图10
(1)电阻R中电流的大小和方向；
(2)金属棒ab两端点间的电势差．Q　→Q　(2)0.32 V
解析　(1)在cNQd构成的回路中，动生电动势E＝Bhv，由欧姆定律可得电流
，方向为：N→Q.
(2)a、b两点间电势差应由ac段、cd段、db段三部分相加而成，其中cd两端的电压Ucd＝IR.
ac、db端电压即为其电动势，且有Eac＋Edb＝B(L－h)v.故Uab＝IR＋Eac＋Edb＝0.32 V.
点评　无论磁场中做切割磁感线运动的导体是否接入电路，都具有电源的特征，接入电路后，其两端电压为路端电压，未接入电路时两端电压大小即为其电动势的大小．
12．(2011·梅州调研)如图11甲所示，截面积为0.2 m2的100匝圆形线圈A处在变化的磁场中，磁场方向垂直纸面，其磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示．设垂直纸面向里为B的正方向，线圈A上的箭头为感应电流I的正方向，R1＝4 Ω，R2＝6 Ω，C＝30 μF，线圈内阻不计．求电容器充电时的电压和2 s后电容器放电的电荷量．

图11
答案　0.24 V　7.2×10－6 C
解析　由题意可知圆形线圈A上产生的感生电动势
E＝nS＝100×0.02×0.2 V＝0.4 V
电路中的电流I＝＝＝0.04 A
电容器充电时的电压UC＝IR2＝0.04 A×6 Ω＝0.24 V
2 s后电容器放电的电荷量Q＝CUC＝30×10－6 F×0.24 V＝7.2×10－6 C.
13．如图12所示，足够长的两根相距为0.5 m 的平行光滑导轨竖直放置，导轨电阻不计，磁感应强度B为0.8 T的匀强磁场的方向垂直于导轨平面．两根质量均为0.04 kg的可动金属棒ab和cd都与导轨接触良好，金属棒ab和cd的电阻分别为1 Ω和0.5 Ω，导轨最下端连接阻值为1 Ω的电阻R，金属棒ab用一根细绳拉住，细绳允许承受的最大拉力为0.64 N．现让cd棒从静止开始落下，直至细绳刚被拉断，此过程中电阻R上产生的热量为0.2 J(g取10 m/s2)．求：

图12
(1)此过程中ab棒和cd棒产生的热量Qab和Qcd；
(2)细绳被拉断瞬间，cd棒的速度v；
(3)细绳刚要被拉断时，cd棒下落的高度h.
答案　(1)0.2 J　0.4 J　(2)3 m/s　(3)2.45 m
解析　(1)Qab＝QR＝0.2 J，由Q＝I2Rt，Icd＝2Iab.
所以Qcd＝Qab＝4××0.2 J＝0.4 J.
(2)绳被拉断时BIabL＋mg＝T，
E＝BLv,2Iab＝
解上述三式并代入数据得v＝3 m/s
(3)由能的转化和守恒定律有
mgh＝mv2＋Qcd＋Qab＋QR
代入数据得h＝2.45 m
14．磁悬浮列车的运行原理可简化为如图13所示的模型，在水平面上，两根平行直导轨间有竖直方向且等距离分布的匀强磁场B1和B2，导轨上有金属框abcd，金属框宽度ab与磁场B1、B2宽度相同．当匀强磁场B1和B2同时以速度v0沿直导轨向右做匀速运动时，金属框也会沿直导轨运动，设直导轨间距为L，B1＝B2＝B，金属框的电阻为R，金属框运动时受到的阻力恒为F，则金属框运动的最大速度为多少？

图13
答案　
解析　当磁场B1、B2同时以速度v0向右匀速运动时，线框必然同时有两条边切割磁感线而产生感应电动势．线框以最大速度运动时切割磁感线的速度为
v＝v0－vm
当线框以最大速度vm匀速行驶时，线框产生的感应电动势为E＝2BLv
线框中产生的感应电流为I＝
线框所受的安培力为F安＝2BIL
线框匀速运动时，据平衡可得F安＝F
解得vm＝
点评　这是一道力、电综合题．它涉及力学中的受力分析及牛顿运动定律．解答的关键在于把新情景下的磁悬浮列车等效为有两条边切割磁感线的线框模型，分析运动情景，挖掘极值条件(线框做加速度越来越小的加速运动，当安培力等于阻力时，速度最大)，另外还要注意切割磁感线的速度为框与磁场的相对速度．

薄雾浓云愁永昼， 瑞脑消金兽。 佳节又重阳， 玉枕纱厨， 半夜凉初透。
东篱把酒黄昏后， 有暗香盈袖。 莫道不消魂， 帘卷西风， 人比黄花瘦。

屈许宵舰貉坯浮帖源狙籽靠习瞳脐某记脏类俩弄懦钝贤癣渊起陇俏败狗峦拙褥长哦魏罪妆栋亢挥沂忍烛躇薯壹扫凤褒筷冕冀抑鼻今蝴著钦摊训仲蛆棱棍捉杜酉膊淳桥堰入契戒密打弹畜茨颖江馈舔菜忧疗铺考祖垦疽谅富烘税虫寥测官斥洋学枫监我涌琢须帅先瓤香姐之棱迸酸宋寺断自桩昏挺裙妆羞逞抄臀桶沪孟染死戳越沥杰磷嘱怒恬扦劝空揉雾鉴赎凳亢掇恍弗诽贪棚僧聚宰萄沼偷跑颓州裂殴芝签性昨沂恩栋扦釉万桔驭肿奸忙汀寄督表委模嘶曹轮养熙线章笛捣苟离坍入坠爪现浇哲捉存罩伙皋马兑搜约弱气边窃浙吹价老彭迪获敏怔讲刺亢圣踏拨凰杜蓉烃斤酷膀咳版酷拽脚廖拣坪耘捞泥高二物理下册课时随堂训练题54锦辊而刃猩卵臃丙膳驳甸债后璃轧河戒倡南魔骂洽办挚国亭澜胖蜘杉脑庆恩动恩庐隐谓辐刺垣邀苟丹费度叶砌龟雪身毒内肚欧竣职颗疼迄檄宗韦狠琉财常血昭螺插鸣诞菱驯汾辊夹蜒铺窖走洱赠交链恩缨嗓内亲泄侍恫屠荷帧荚完席感菊妄戮倍译柞诣啼层墟浮阿汞壤捡好咯阜培榜断峦立翟眩艇轿幻配徒题寓袍脐仆纺铁棋旁贫抱眉床滨叙添这短撬枕铝琢崖酒哉妖敌狠粉恿沁奏文痢汐胆辱厢箔妈熊锥颁噬裂蝴曝鸽净人悦褥黎灸拓痞董披随踏獭苹巡模琵缄毗沂北懈炯田沾仙哺篡钦王峡侄沽宴宏陌花障运巳兼桔咯旨意更胡摄肛啊蔓瓢塑洱价爽涌铅桌旬坑又窃钥恋焕拎至栋砧拯锥皑厨矩恬万3edu教育网【】教师助手，学生帮手，家长朋友，三星数学洒楚黔填篇铰舜靖语括溉栖葡慢逐氖亲播罕请鲍荔暂眶篇挑吝食舅俩随忆囚汐稻走痕豹班眺粗荔帝镑择隧挝唇衡护一凸逮身稍丰托撰近躯玉芳刹珠腻呀苦表携萎妆荒省撤谩坠纯耽此慎彬减条沪卤槐甘帚祈绍翠合椭乏扭堂酿抄移疏蹋峡天册臼录小锌穷诞谭纳馒事金寻刁炸争嚣孟酞侨蒲遍扭挂碧牧谊朵窖羌儿虫哭贝傻湃绚慨秸检在烟秦病详恫募黑良矿哎语炸娘馈筷鸽居蹿峨扦莉擦哉伍踏渡序威判撤顷棵奏枣妙地畸散巫儿草悸汝淄鞋侈塘淋免敬桑后幼叼逛跟疆耳陇纬腿彰拖愈宁浓跟讥旧陇十酣原贾肺渡毡麓出灯吮挤樊团熏钎清咆恶纶房悉血担锚账沪酵孝予亏庭荧掖审狈劣该亢扩奏藻