山东省成武一中高中物理(人教版)选修3-5课件：16.3-动量守恒定律(二).ppt

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D.小车向右运动,B C,如图所示，质量为,M,的小车在光滑的水平面上以,v,0,向右匀速运动，一个质量为,m,的小球从高,h,处自由下落，与小车碰撞后，反弹上升的最大高度仍为,h,.设,M,m,，发生碰撞时弹力,N,mg,，球与车之间的动摩擦因数为,则小球弹起后的水平速度可能是（）,A.,v,0,B.0C.2,D.-,v,0,C,.气球质量为200 kg，载有质量为50 kg的人，静止在空中距地面20 m高的地方、气球下悬一根质量可忽略不计的绳子，此人想从气球上沿绳慢慢下滑到地面，为了安全到达地面，这根绳长至少应为_m（不计人的高度).,.甲乙两船自身质量为120 kg，都静止在静水中，当一个质量为30 kg的小孩以相对于地面6 m/s的水平速度从甲船跳上乙船时，不计阻力，甲、乙两船速度大小之比：,v,甲,v,乙,=_.,如图所示甲、乙两人做抛球游戏，甲站在一辆平板车上，车与水平地面间摩擦不计.甲与车的总质量,M,=100 kg，另有一质量,m,=2 kg的球.乙站在车的对面的地上，身旁有若干质量不等的球.开始车静止，甲将球以速度,v,（相对地面）水平抛给乙，乙接到抛来的球后，马上将另一质量为,m,=2,m,的球以相同速率,v,水平抛回给甲，甲接住后，再以相同速率,v,将此球水平抛给乙，这样往复进行.乙每次抛回给甲的球的质量都等于他接到的球的质量为2倍,求：,（1）甲第二次抛出球后，车的速度大小.,（2）从第一次算起，甲抛出多少个球后，再不能接到乙抛回来的球.,（1）,v,向左（2）5个,如图所示质量相同的,A、B、C,三木块从同一高度自由下落，当,A,木块落至某一位置时被水平飞来的子弹很快地击中（设子弹未穿出）.,C,刚下落时被水平飞来的子弹击中而下落，则,A、B、C,三木块在空中的运动时间,t,A,t,B,t,C,的关系是_.,A、B两只载货小船，平等逆向航行，当它们头尾相齐时，两只船上各将质量为m=50kg的麻袋放到对面的船上，结果A船停了下来，B以V=8.5m/s沿原方向航行，若两船质量（包括麻袋）分别为M,A,=500kg，M,B,=1000kg。求两船原来的速度是多少？,1m/s -9m/s,一辆平板车在光滑轨道上作匀速运动，它对地速度V,1,=5m/s,车与所载货物的总质量M=200kg，现将m=20kg的货物以相对车为u=5m/s的速度水平向车后抛出，求抛出货物后车对地的速度为多少？,注意：矢量性、同系性、瞬时性,5.5m/s 方向仍沿原来方向,碰撞,两个物体在极短时间内发生相互作用，这种情况称为碰撞。由于作用时间极短，一般都满足内力远大于外力，所以可以认为系统的动量守恒。碰撞又分弹性碰撞、非弹性碰撞、完全非弹性碰撞三种。,碰撞的全过程：设光滑水平面上，质量为m,1,的物体A以速度v,1,向质量为m,2,的静止物体B运动，B的左端连有轻弹簧。在位置A、B刚好接触，弹簧开始被压缩，A开始减速，B开始加速；到位置A、B速度刚好相等（设为v），弹簧被压缩到最短；再往后A、B开始远离，弹簧开始恢复原长，到位置弹簧刚好为原长，A、B分开，这时A、B的速度分别为。全过程系统动量一定是守恒的；而机械能是否守恒就要看弹簧的弹性如何了。,A A,B A B,A,B,v,1,v,v,1,/,v,2,/,（1）弹簧是完全弹性的。系统动能减少全部转化为弹性势能，状态系统动能最小而弹性势能最大；弹性势能减少全部转化为动能；因此、状态系统动能相等。这种碰撞叫做弹性碰撞。由动量守恒和能量守恒可以证明,A,、,B,的最终速度分别为：,推导过程,讨论,、m,1,=m,2,V,1,/,=0 V,2,/,=V,1,交换速度,、m,1,m,2,V,1,/,=V,1,V,2,/,=V,1,撞飞物体,、,m1,m2,V,1,/,=V,1,V,2,/,=0 对墙打乒乓球，反弹速度是相对的？,（2）弹簧不是完全弹性的。系统动能减少，一部分转化为弹性势能，一部分转化为内能，状态系统动能仍和相同，弹性势能仍最大，但比小；弹性势能减少，部分转化为动能，部分转化为内能；因为全过程系统动能有损失（一部分动能转化为内能）。这种碰撞叫非弹性碰撞。,（3）弹簧完全没有弹性。系统动能减少全部转化为内能，状态系统动能仍和相同，但没有弹性势能；由于没有弹性，,A,、,B,不再分开，而是共同运动，不再有过程。这种碰撞叫完全非弹性碰撞。可以证明，,A,、,B,最终的共同速度为。在完全非弹性碰撞过程中，系统的动能损失最大，为：,【例】质量为,M,的楔形物块上有圆弧轨道，静止在水平面上。质量为,m,的小球以速度,v,1向物块运动。不计一切摩擦，圆弧小于90且足够长。求小球能上升到的最大高度,H,和物块的最终速度,v,。,v,1,解析：系统水平方向动量守恒，全过程机械能也守恒。,在小球上升过程中，由水平方向系统动量守恒得：,由系统机械能守恒得：,解得,全过程系统水平动量守恒，机械能守恒，得,点评：本题和上面分析的弹性碰撞基本相同，唯一的不同点仅在于重力势能代替了弹性势能。,子弹打木块类问题,子弹打木块实际上是一种完全非弹性碰撞。作为一个典型，它的特点是：子弹以水平速度射向原来静止的木块，并留在木块中跟木块共同运动。下面从动量、能量和牛顿运动定律等多个角度来分析这一过程。,【例】设质量为,m,的子弹以初速度,v,0射向静止在光滑水平面上的质量为,M,的木块，并留在木块中不再射出，子弹钻入木块深度为,d,。求木块对子弹的平均阻力的大小和该过程中木块前进的距离。,s,2,d,s,1,v,0,v,解析：子弹和木块最后共同运动，相当于完全非弹性碰撞。,从动量的角度看，子弹射入木块过程中系统动量守恒：,从能量的角度看，该过程系统损失的动能全部转化为系统的内能。设平均阻力大小为,f,，设子弹、木块的位移大小分别为,s,1,、,s,2,，如图所示，显然有,s,1,-,s,2,=,d,对子弹用动能定理：,对木块用动能定理：,、相减得：,点评：这个式子的物理意义是：,f,d,恰好等于系统动能的损失；根据能量守恒定律，系统动能的损失应该等于系统内能的增加；可见，即两物体由于相对运动而摩擦产生的热（机械能转化为内能），等于摩擦力大小与两物体相对滑动的路程的乘积（由于摩擦力是耗散力，摩擦生热跟路径有关，所以这里应该用路程，而不是用位移）。,由上式不难求得平均阻力的大小：,至于木块前进的距离,s,2,，可以由以上、相比得出：,从牛顿运动定律和运动学公式出发，也可以得出同样的结论。由于子弹和木块都在恒力作用下做匀变速运动，位移与平均速度成正比：,一般情况下,，所以,s,2,d,。这说明，在子弹射入木块过程中，木块的位移很小，可以忽略不计。这就为分阶段处理问题提供了依据。象这种运动物体与静止物体相互作用，动量守恒，最后共同运动的类型，全过程动能的损失量可用公式：,当子弹速度很大时，可能射穿木块，这时末状态子弹和木块的速度大小不再相等，但穿透过程中系统动量仍然守恒，系统动能损失仍然是,E,K=,f,d,（这里的,d,为木块的厚度），但由于末状态子弹和木块速度不相等，所以不能再用式计算,E,K的大小。,反冲问题,当物体的部分以一定的速度离开时，剩余部分将获得一个反向的冲量，这种现象叫反冲,【例】总质量为,M,的火箭模型 从飞机上释放时的速度为,v,0,，速度方向水平。火箭向后以相对于地面的速率,u,喷出质量为,m,的燃气后，火箭本身的速度变为多大？,解析：火箭喷出燃气前后系统动量守恒。喷出燃气后火箭剩余质量变为,M-m,，以,v,0,方向为正方向，,质量为,M,的小船以速度,v,0,行驶，船上有两个质量皆为m的小孩,a,和,b,，分别静止站在船头和船尾.现在小孩,a,沿水平方向以速率,v,（相对于静止水面）向前跃入水中，然后小孩,b,沿水平方向以同一速率,v,（相对于静止水面）向后跃入水中.求小孩,b,跃出后小船的速度.,质量为,m,的人站在质量为,M,，长为,L,的静止小船的右端，小船的左端靠在岸边。当他向左走到船的左端时，船左端离岸多远？,解析：先画出示意图。人、船系统动量守恒，总动量始终为零，所以人、船动量大小始终相等。从图中可以看出，人、船的位移大小之和等于,L,。设人、船位移大小分别为,l,1,、,l,2,，则：,mv,1,=,Mv,2,，两边同乘时间,t,，,ml,1,=,Ml,2,，而,l,1,+,l,2,=,L,，,点评：应该注意到：此结论与人在船上行走的速度大小无关。不论是匀速行走还是变速行走，甚至往返行走，只要人最终到达船的左端，那么结论都是相同的。,做这类题目，首先要画好示意图，要特别注意两个物体相对于地面的移动方向和两个物体位移大小之间的关系。,以上所列举的人、船模型的前提是系统初动量为零。如果发生相互作用前系统就具有一定的动量，那就不能再用,m,1,v,1,=,m,2,v,2,这种形式列方程，而要利用(,m,1,+,m,2,),v,0,=,m,1,v,1,+,m,2,v,2,列式。,爆炸类问题,【例】抛出的手雷在最高点时水平速度为10m/s，这时突然炸成两块，其中大块质量300g仍按原方向飞行，其速度测得为50m/s，另一小块质量为200g，求它的速度的大小和方向。,分析：手雷在空中爆炸时所受合外力应是它受到的重力,G,=(,m,1,+,m,2,)g，可见系统的动量并不守恒。但在爆炸瞬间，内力远大于外力时，外力可以不计，系统的动量近似守恒。,设手雷原飞行方向为正方向，则整体初速度V,0,=10m/s；,m,1,=0.3kg的大块速度为V,1,=50m/s、,m,2,=0.2kg的小块速度为v,2,由动量守恒定律：,m/s,此结果表明，质量为200克的部分以50m/s的速度向反方向运动，其中负号表示与所设正方向相反,某一方向上的动量守恒,【例】如图所示，,AB,为一光滑水平横杆，杆上套一质量为,M,的小圆环，环上系一长为,L,质量不计的细绳，绳的另一端拴一质量为,m,的小球，现将绳拉直，且与,AB,平行，由静止释放小球，则当线绳与,A B,成,角时，圆环移动的距离是多少？,解析：系统在水平方向不受外力，因而水平动量守恒。设细绳与,AB,成,角时小球的水平速度为,v,，圆环的水平速度为,V,，则由水平动量守恒有：,MV,=,mv,且在任意时刻或位置,V,与,v,均满足这一关系，加之时间相同，公式中的,V,和,v,可分别用其水平位移替代，则上式可写为：,Md,=,m,（,L,-,L,cos,）-,d,解得圆环移动的距离：,d,=,mL,（1-cos,）/（,M,+,m,）,如图所示，一质量为,M,的平板车,B,放在光滑水平面上，在其右端放一质量为,m,的小木块,A,，,m,M,A、B,间动摩擦因数为,，现给,A,和,B,以大小相等、方向相反的初速度,v,0,使,A,开始向左运动，,B,开始向右运动，最后,A,不会滑离,B,，求：,（1）,A、B,最后的速度大小和方向；,（2）从地面上看，小木块向左运动到离出发点最远处时，平板车向右运动的位移大小。,解析：（1）由,A、B,系统动量守恒定律得：,Mv,0,-,mv,0,=（,M,+,m,）,v,所以,v,=,方向向右,（2）,A,向左运动速度减为零时，到达最远处，此时板车移动位移为,s,速度为,v,则由动量守恒定律得：,Mv,0,-,mv,0,=,Mv,对板车应用动能定理得：,-,mg,s=,mv,2,-,mv,0,2,联立解得：,s,=,v,0,2,谢谢！,