福建省泉州三中2025年高二上物理期末复习检测试题含解析.doc

福建省泉州三中2025年高二上物理期末复习检测试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、在1 min内通过阻值为5Ω的导体横截面的电量为240 C，那么加在该导体两端的电压是（ ）
A.20 V B.48 V
C.120 V D.1 200 V
2、有关带电粒子（不计重力）所受静电力和洛伦兹力的说法中，正确的是（　　）
A.粒子在磁场中一定受洛伦兹力的作用
B.粒子在电场中可能不受静电力的作用
C.粒子若仅受洛伦兹力，则其速度不变
D.粒子若仅受洛伦兹力，则其动能不变
3、在如图甲所示的电路中，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B竖直向下，螺线管匝数匝，横截面积螺线管导线电阻，，，在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B按如图乙所示的规律变化．则下列说法中正确的是　　

A.闭合S，电路中的电流稳定后电容器下极板带负电
B.螺线管中产生的感应电动势为1V
C.闭合S，电路中的电流稳定后，电阻的电功率为
D.闭合S，电路中的电流稳定后，再断开S，流经的电荷量为
4、通过闭合线圈平面的图象如图所示,下列说法正确的是（）

A.时刻线圈中感应电动势最大
B.时刻线圈中磁通量为零
C.时刻线圈平面与中性面重合
D.、时刻线圈中感应电流方向相同
5、在研究下列问题时，可以把汽车看作质点的是（　　）
A.研究汽车轮子转动时
B.研究人在汽车上的位置
C.计算汽车从柳州开往南宁的时间
D.研究汽车在上坡时有无翻倒危险
6、在10s内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为2C，向左迁移的负离子所带电量为3C，那么电解槽中电流强度大小为 （ 　）
A.0.5A B.0.2A
C.0.3A D.0.1A
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、如图所示，均匀金属圆环的总电阻为4R，磁感应强度为B的匀强磁场垂直穿过圆环。金属杆OM的长为l，阻值为R，M端与环接触良好，绕过圆心O的转轴以恒定的角速度ω顺时针转动。阻值为R的电阻一端用导线和圆环最下端的A点连接，另一端和金属杆的转轴O处的端点相连接。下列判断正确的是（　　）

A.金属杆OM旋转产生的感应电动势恒为
B.通过电阻R的电流的最小值为，方向从Q到P
C.通过电阻R的电流的最大值为
D.OM两点间电势差绝对值的最大值为
8、在如图所示的电路中，P1、P2分别为滑动变阻器R1、R2的滑动触头，R3为定值电阻，平行金属板A、B构成电容器C，M为电容器内的一点。开关S闭合且电路稳完时，下列说法正确的是

A.若滑片P1向下移动，电容器的极板间电压变小
B.若滑片P2向下移动，电容器的极板间电压变小
C.若极板A向下移动，M点的电势升高
D.若极板A向下移动，M点的电势降低
9、一个空气平行板电容器，极板间距离为d，正对面积为S，充以电荷量Q后，两极板间电压为U，为使电容器的电容加倍，可采用的办法是(　　)
A.将电压变为U/2
B.将带电荷量变为2Q
C.将极板正对面积变2S
D.将两极间充满介电常数为2的电介质
10、如图所示的直流电路中，电源电动势为E，内阻为r，外电路中，电阻R1=r，滑动变阻器的全部电阻为R2=2r，滑动片从a端向b端滑动过程中，哪种说法正确

A.电源消耗的总功率逐渐增大
B.电源内部的热功率逐渐增大
C.电源的输出功率逐渐减小
D.R2上得到的功率逐渐减小
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）如图所示是某同学连接的实验实物图，闭合开关S后，发现L1、L2灯都不亮，他采用多用电表的直流电压挡进行故障检查：

(1)选择开关应置于下列量程的__________挡（用字母序号表示）
A．2.5V B．10V C．50V D．250V
(2)在测试a、b间直流电压时，红表笔应接触__________（选填“a”或“b”）
(3)该同学测试结果为：a、b间电压表有示数，c、b间电压表有示数，c、d间电压表无示数，d、f间电压表有示数．根据测试结果，可以判定故障是__________（假设只有下列中的某一项有故障）
A．灯L1断路 B．灯L2短路 C．c、d段断路 D．d、f段断路
12．（12分）要减少电能输送时的损失，有两个途径：（1）、___________（2）、___________
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
14．（16分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

15．（12分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、A
【解析】导体的电流为，故导体两端的电压为，A正确
2、D
【解析】A．电荷在磁场中受洛伦兹力时是有条件的，即运动电荷和磁场方向有夹角，故A错误；
B．电场的基本性质就是对其中的电荷有力的作用，粒子在电场中一定受静电力的作用，故B错误；
CD．若仅受洛伦兹力，则其动能不变，速度大小不变，而方向改变，故C错误，D正确。
故选D。
3、D
【解析】根据“磁感应强度B随时间均匀增大”可知，本题考查感生电动势的问题，根据电磁感应与电路的综合，知道产生感应电动势的那部分相当于电源，运用闭合电路欧姆定律进行求解.
【详解】A、根据楞次定律可知，螺线管的感应电流盘旋而下，则螺线管下端是电源的正极，那么电容器下极带正电，故A错误；
B、根据法拉第电磁感应定律：；解得：，故B错误；
C、根据闭合电路欧姆定律，有：，根据解得：；故C错误；
D、S断开后，流经的电量即为S闭合时C板上所带的电量Q，电容器两端的电压为：，流经的电量为：，故D正确；
故选D.
【点睛】根据法拉第电磁感应定律求出螺线管中产生感应电动势；根据楞次定律，来判定感应电流方向，从而确定电容器的正负极；电容器与并联，两端电压等于两端的电压，根据求出电容器的电量；根据求出电阻的电功率.
4、A
【解析】A．图像的斜率表示磁通量变化率，由图像可知，时刻斜率最大，由法拉第电磁感应定律可知，此时感应电动势最大，故A正确；
B．由图像可知，时刻斜率为零，即此时电动势为零，则此时线圈的磁通量最大，故B错误；
C．由图像可知，时刻磁通量为零，则此时线圈平面与中性面垂直，故C错误；
D．图像斜率的正负可示电动势的正负(即方向)，由图像可知，、时刻线圈中感应电流方向相反，故D错误。
故选A。
5、C
【解析】A、研究汽车在行驶时轮子的转动情况，车轮的大小不能忽略，所以不能把汽车看作质点．故A错误；
B、研究人在汽车上的位置，人的大小和形状影响较大，不能看作质点．故B错误；
C、计算汽车从柳州开往南宁的时间时，汽车的长度相比于汽车路程很小，对计算汽车从柳州开往南宁的时间影响可以忽略不计，可以把汽车看作质点．故C正确；
D、研究汽车在上坡时有无翻倒的危险，汽车的大小和形状不能忽略，故不能看作质点，故D错误
故选C
6、A
【解析】根据电流强度的公式，A对，BCD错
考点：本题考查电流强度的公式
点评：本题学生需要明确，在电解液中求电流强度时，电量要用正负电荷量的绝对值之和

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、AD
【解析】A．M端线速度为v＝ωl，OM切割磁感线的平均速度为

OM转动切割磁感线产生的感应电动势恒为

故A正确；
B．当M端位于最上端时，圆环两部分电阻相等，并联电阻最大，电路的总电阻最大，通过R的电流最小，因
R并=×2R=R
通过电阻R的电流的最小值为

根据右手定则可知电流方向从Q到P，故B错误；
C．当M位于最下端时圆环被短路，此时通过电阻R的电流最大，为

故C错误；
D．OM作为电源，外电阻增大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大，所以外电阻最大时，OM两点间电势差的绝对值最大，其最大值为
U=Imin·2R＝
故D正确。
故选AD。
8、BC
【解析】A.电路稳定时，通过电阻R1的电流为零，移动滑动变阻器滑片P1，电容器的极板间电压不发生改变，故A错误；
B.滑片P2向下移动，总电阻减小，电流增大，内电阻和R3的电压增大，R2电压减小，电容器与R2并联，电容器的极板间电压等于R2两端的电压，变小，故B正确；
C.如果仅将极板A向下移动，那么，平行板两极电压不变，平行板间电场强度增大，M点与零势点的电势差增大， M点的电势升高，故C正确，D错误。
故选：BC
9、CD
【解析】AB．电容器的电容和电容器极板上的电荷量、电压无关，所以选项A、B不正确；
CD．根据公式C＝可知选项C、D正确。
故选CD。
10、ABD
【解析】滑动片从a端向b端滑动过程中，R2逐渐减小，则电路中的总电流I逐渐变大，根据P=IE可知，电源消耗的总功率逐渐增大，选项A正确；根据P内热=I2r可知电源内部的热功率逐渐增大，选项B正确；当电源的内阻等于外电路电阻时，电源的输出功率最大，则当滑动片从a端向b端滑动过程中，R2逐渐减小，电源外电路电阻向电源内阻接近，则电源的输出功率变大，选项C错误；将电阻R1归为电源内电路，则内电路电阻为2r，当则当滑动片从a端向b端滑动过程中，R2逐渐减小，R2阻值远离电源内电阻2r，可知电源（包括R1）的输出功率，即R2的功率减小，选项D正确；故选ABD.
【点睛】分析滑动变阻器的功率如何变化是本题的关键，把把定值电阻R1和电源看成一个整体，此时电源的输出功率即为滑动变阻器消耗的功率

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.B ②.a ③.D
【解析】(1)[1]两个蓄电池的总电动势为4V，应用多用表的直流电压档10V档测量，故选B；
(2)[2]在测试a、b间直流电压时，红表笔应当接触a，因为电流必须从电压表正接线柱流入，所以红表笔应当接触a端
(3)[3]A．灯L1断路时，c、d间电压表应有示数，与题意不符，故A错误；
B．灯L2短路时，L2灯不亮，而L1灯应更亮，与题不符，故B错误；
C．cd段断路，则df间没有电压，无示数，故C错误；
D．df段断路时，电路中无电流，两灯泡都不亮，ab、df间有电压，c、d间电压表无示数，与题相符，故D正确。
故选D。
12、 ①.减小输电线的电阻 ②.减小输送的电流
【解析】根据P损=I线2R线可知，要减少电能输送时的损失，有两个途径：（1）减小输电线的电阻；（2）减小输送的电流；

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
14、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答