云南省玉溪市江川一中2025年高二物理第一学期期末综合测试模拟试题含解析.doc

云南省玉溪市江川一中2025年高二物理第一学期期末综合测试模拟试题
注意事项
1．考生要认真填写考场号和座位序号。
2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。
3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、在趣味运动会中有一个“直线折返跑”比赛项目，P、Q两点间的距离为25m，某运动员从P点出发，沿直线PQ运动到Q点，然后原路返回到P点，在此过程中，动员的位移大小和路程分别为（　　）

A.50m，0 B.0，50m
C.50 m，50m D.50m，25m
2、据统计，由于用电不慎导致的火灾占火灾总量的比重很大，利用电路安装防火报警装置，及时发现“火情”，提早报警，是防止火灾发生，保证家庭成员生命安全的重要措施．图甲是一火警报警电路的示意图，其中R3为用半导体热敏材料制成的传感器，这种半导体热敏材料的电阻随温度变化的情况如图乙所示．显示器为电路中的电流表，电源两极之间接一报警器，电源的电动势E和内阻r不变，且内阻值小于R1的阻值．当传感器R3所在处出现火情时，关于流过电流表A的电流I、报警器两端的电压U、电源的输出功率P的变化情况，下列判断正确的是

A.I变大，P变大 B.I变小，U变大
C.I变小，P变大 D.I变大，U变小
3、求几个电阻的总电阻、把一个复杂的电路简化，这两种处理物理问题的方法都属于（）
A.控制变量的方法 B.观察、实验的方法
C.等效替代的方法 D.类比的方法
4、图中实线所示为某电场的电场线，虚线为某试探电荷在仅受电场力的情况下从a 点到b点的运动轨迹，则下列说法正确的是

A.b点的电场强度比 a 点的电场强度小
B.该试探电荷带负电
C.该试探电荷从a点到b点的过程中电场力一直做负功
D.该试探电荷从a点到b点的过程中速度先增加后减少
5、某导体中的电流随其两端电压的变化如图所示，则下列说法中正确的是

A.由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小
B.图象上某点切线的斜率的倒数即为该状态的电阻值
C.电压为5 V时，导体的电阻是0.2 Ω
D.电压为12 V时，导体电阻的电功率为18 W
6、以初速度竖直向上抛出一物体，空气阻力大小不变。关于物体受到的冲量，以下说法正确的是（ ）
A.物体上升阶段和下落阶段受到的重力的冲量方向相反
B.物体上升阶段和下落阶段受到空气阻力冲量的大小相等
C.物体在下落阶段受到重力的冲量小于上升阶段受到重力的冲量
D.物体从抛出到返回抛出点，动量变化的方向向下
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、如图所示，直线A、B分别为电源a、b的路端电压与电流的关系图线，设两个电源的内阻分别为ra和rb．若将一定值电阻R0分别接到a、b两电源上，通过R0的电流分别为Ia和Ib，则（ ）

A.ra > rb
B.Ia > Ib
C.R0接到a电源上，电源的输出功率较大，但电源的效率较低
D.R0接到b电源上，电源的输出功率较小，电源的效率较低
8、如图所示，一小型直流电动机M的线圈绕阻，定值电阻R0=1.5Ω，电源的电动势，内阻，理想电流表的示数为，下列说法中正确的是（）

A.电动机的发热功率为
B.电动机消耗的电功率为
C.电动机两端的电压为
D.每分钟内电动机输出的机械能为
9、如图为远距离输电的示意图，若电厂输出电压u =220sin100pt（V），则下列表述正确的是（）

A.U1＜U2，U3＞U4
B.电厂输出电压的有效值U1＝220V
C.若电厂输电功率不变，将U2提高为原来的10倍，输电线上损失的功率为原来的
D.用户得到的交变电流频率为25Hz
10、如图所示，沿水平方向放置的平行金属板a和b分别与电源的正、负极相连，a、b板的中央沿竖直方向各有一个小孔，闭合开关S后，带正电的液滴从小孔正上方到达a板小孔时速度为v1，现使a板不动，在开关S仍闭合或断开的情况下b板向上或向下平移一小段距离，相同的液滴仍从P点自由落下，此时液滴到达a板小孔时速度为v2，空气阻力不计，下列说法中正确的是

A.若开关S保持闭合，向下移动b板，则v2>v1
B.若开关S保持闭合，则无论向上或向下移动b板，都有v2＝v1
C.若开关S闭合一段时间后再断开，则无论向上或向下移动b板，都有v2<v1
D.若开关S闭合一段时间后再断开，向下移动b板，则v2>v1
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）要测量某种合金的电阻率。

（1）若合金丝长度为L，直径为D，阻值为R，则其电阻率ρ=___________，用螺旋测微器测合金丝的直径如图甲所示，读数D=___________mm。
（2）图乙是测量合金丝阻值的原理图，S2是单刀双掷开关。根据原理图在图丙中将实物连线补充完整___________。
（3）闭合S1，当S2处于位置a时，电压表和电流表的示数分别为U1=1.35V，I1=0.30A；当S2处于位置b时，电压表和电流表的示数分别为U2=0.92V，I2=0.32A，根据以上测量数据判断，当S2处于位置___________（选填“a”或“b”）时，测量相对准确，测量值Rx=___________Ω。（结果保留两位有效数字）。
12．（12分）如图所示，电阻Rab=0.1Ω的导体ab沿光滑导线框向右做匀速运动，线框中接有电阻R=0.4Ω，线框放在磁感应强度B=0.1T的匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，cd间的长度L=0.4m，运动的速度v=5.0m/s，线框的电阻不计

a.电路abcd中导体棒ab相当于电源,_______（a端或b端）相当于电源的正极
b.电源的电动势即产生的感应电动势E=_______V，电路abcd中的电流I=_______A
c.导体ab所受安培力的大小F=__________N，方向是__________；
四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
14．（16分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
15．（12分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、B
【解析】运动员从P点出发，沿直线PQ运动到Q点，然后原路返回到P点，则位移为零，路程为2×25m=50m；
A．50m，0，与结论不相符，选项A错误；
B．0，50m，与结论相符，选项B正确；
C．50 m，50m，与结论不相符，选项C错误；
D．50m，25m，与结论不相符，选项D错误；
故选B.
2、C
【解析】R3为用半导体热敏材料制成的传感器，温度升高时，其电阻减小．当传感器R3所在处出现火情时，分析R3的变化，确定外电路总电阻的变化，分析总电流和路端电压的变化，即可知U的变化．根据并联部分电压的变化，分析I的变化
【详解】当传感器R3所在处出现火情时，R3的阻值变小，总电阻变小，总电流变大，路端电压变小即报警器两端的电压U变小，R1两端电压变大，所以R2和R3并联部分电压变小，所以电流表示数变小，由于内阻r小于R1的阻值即电源内阻一定小于外电路总电阻，当R3减小时，外电阻与内阻越接近，电源的输出功率越大，故C正确
故选C
【点睛】本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部→整体→局部”的顺序进行动态变化分析
3、C
【解析】求几个电阻总电阻、把一个复杂的电路简化，都用到了等效替代的方法。
A．控制变量的方法，与结论不相符，选项A错误；
B．观察、实验的方法，与结论不相符，选项B错误；
C．等效替代的方法，与结论相符，选项C正确；
D．类比的方法，与结论不相符，选项D错误；
故选C。
4、B
【解析】A.由图可知，b处电场线较密，则b处电场强度较大，故A项与题意不相符；
B.合力大致指向轨迹凹的一向，可知电场力方向向上，与电场线的方向相反，所以该粒子带负电，故B项与题意相符；
CD.从a运动到b，力和速度方向夹角为锐角，电场力做正功，动能增大，速度增大，故CD项与题意不相符
5、D
【解析】由图知，随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率减小，此斜率等于电阻的倒数，则知导体的电阻不断增加，故A错误；图象上的点与原点连线的斜率的倒数等于电阻，选项B错误；当U=5V时，由图知电流为I=1.0A，则导体的电阻 R=U/I=5Ω，故C错误；加12V电压时，电流为1.5A，则电功率P=IU=18W．故D正确；故选D
【点睛】本题关键抓住图象上的点与原点连线的斜率等于电阻的倒数，分析电阻的变化，求解电阻的值
6、D
【解析】A．向上运动的过程中空气的阻力的方向向下，则

下降的过程中空气的阻力方向向上，则

由于下降的过程中的位移等于上升过程中的位移，由运动学的公式可知上升的时间一定小于下降过程中的时间。物体上升阶段和下落阶段受到的重力的方向都向下，所以重力的冲量方向相同，故A错误；
B．上升阶段的时间小，所以物体上升阶段物体受到空气阻力冲量的大小小于下降阶段受到空气阻力冲量的大小，故B错误；
C．上升阶段的时间小，物体在下落阶段受到重力的冲量大于上升阶段受到重力的冲量，故C错误；
D．的初速度的方向向上，末速度的方向向下，所以物体从抛出到返回抛出点，动量变化的方向向下，故D正确。
故选D。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、ABC
【解析】A．由图象可知，图象A斜率的绝对值大于图象B斜率的绝对值，因此ra＞rb，故A正确；
B．在同一坐标系内作出电阻R0的U-I图象，如图1所示，由图象可知Ia＞Ib，故B正确；

CD．R0接到电源上，如图1所示，Ia＞Ib，Ua＞Ub，由P=UI可知，Pa＞Pb，电源的效率

由于ra＞rb，所以ηa＜ηb，故C正确，D错误；
8、ABD
【解析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的
【详解】A．电动机的发热功率为，选项A正确；
BC．电动机两端电压：UM=E-I(R0+r) =6V，则电动机消耗的电功率为P=IUM=12W，选项B正确，C错误；
D．每分钟内电动机输出的机械能为E机=（P-P热）t=(12-4)×60J=480J，选项D正确；
故选ABD.
【点睛】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的
9、AC
【解析】A．电厂发出的电，经过升压变压器进行升压，后经过降压变压器降压后输送给用户，所以

故A正确；
B．根据有效值与最大值的关系可知

故B错误；
C．若U2提高为原来的10倍，由公式则电流为原来的，根据可知，输电线上损失的功率为原来的，故C正确；
D．由题意可知，

输电过程中功率不变，所以用户得到交流电的频率仍为50Hz，故D错误。
故选AC。
10、BD
【解析】AB．若电键K保持闭合，无论向上或向下移动b板，重力与电场力做功不变，由动能定理可知，带电液滴速度不变，则v2=v1，故A错误，B正确；
CD．若电键K闭合一段时间后再断开，则两板带电量Q不变，向下移动b板，极板之间的距离减小，则由可知C变大，根据Q=CU可知，两板电势差U减小，所以电场力做的负功减小，而重力做功不变，由动能定理得液滴速度变大，即v2＞v1，故D正确，C错误.

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①. ②.0.899~0.902 ③. ④.b ⑤.2.9
【解析】（1）[1]有电阻的决定式

得电阻率为

[2]由图示螺旋测微器可知，其示数为

（2）[3]根据图2所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示

（3）[4]由实验数据可知

由此可知

电流表分压较大，为减小实验误差，电流表应采用外接法，即S2处于位置b
[5]根据欧姆定律，则有

12、 ①.a； ②.0.2V； ③.0.4A； ④.0.016N； ⑤.向左
【解析】据右手定则判断感应电流的方向，即可确定等效电源的正负极；
根据E=BLv求出感应电动势，由欧姆定律得出电流强度，即可由公式F=BIL求解安培力的大小，由左手定则判断安培力的方向．再根据平衡条件分析外力的大小和方向
【详解】a.电路abcd中ab棒切割磁感线，产生感应电动势，相当于电源．由右手定则判断可知相当于电源的正极是a端；
b.感应电动势为：E=BLv=0.1×0.4×5V=0.2V，
感应电流为：；
c.ab杆所受的安培力FA=BIL=0.1×0.4×0.4N=0.016N
由右手定则判断可知，ab中感应电流方向从b→a，由左手定则得知，安培力的方向向左
【点睛】解答本题的关键要掌握右手定则、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、左手定则等电磁感应中常用的规律

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
14、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答
15、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得