湖南省长沙县第六中学2025年高二物理第一学期期末达标检测试题含解析.doc

湖南省长沙县第六中学2025年高二物理第一学期期末达标检测试题
注意事项:
1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。
2．答题时请按要求用笔。
3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图是某电场中一条电场线，a、b是这条线上的两点，一负电荷只受电场力作用，沿电场线从a运动到b．则在这个过程中，电荷的速度－时间图线如图所示，请比较a、b两点电势的高低和场强的大小（ ）

A.φa>φb，Ea<Eb
B.φａ<φｂ，Ea=Eb
C.φａ<φｂ，Ea>Eb
D.φa>φb，Ea=Eb
2、如图所示，两个质量相等、分别带正、负电的小球，以相同的速率在带电平行金属板间的P点沿垂直于电场方向射入匀强电场，分别落到A、B两点，则

A.落到A点的小球带负电，B点的小球带正电
B.两小球在电场中运动时间相等
C.两小球在电场中的加速度aB>aA
D.两小球到达正极板时动能关系是
3、如图所示电路中，已知电源的内阻为r，电阻R1的阻值接近滑动变阻器R0的最大阻值．闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P由变阻器的中点向左滑动一小段距离，下列说法中正确的有

A.V1的示数增大，V2的示数变小
B.V1的示数增大，V2的示数增大
C.A1的示数增大，A2的示数变小
D.A1的示数增大，A2的示数增大
4、一个电流表由灵敏电流表G并联一个分流电阻R组成，如图所示．在核对过程中发现它的示数比标准电流表示数稍大一点，下面的哪个办法可以矫正？

A.在电阻R的支路上串联一个比R小得多的电阻
B.在电阻R的支路上串联一个比R大得多的电阻
C.再并联一个比R小得多的电阻
D.再并联一个比R大得多的电阻
5、一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法正确的有（）

A.t1时刻线圈位于中性面
B.t2时刻通过线圈的磁通量最大
C.考虑保险丝的熔断电流时应该用Em
D.一个周期内交变电流的方向改变一次
6、在光电效应实验中，用单色光照射某种金属表面，有光电子逸出，则光电子的最大初动能取决于入射光的 （ ）
A.频率 B.强度
C.照射时间 D.光子数目
二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、关于原子核的结合能，下列说法正确的是(　　)
A.原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量
B.一重原子核衰变成粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能
C.铯原子核()的结合能小于铅原子核()的结合能
D.比结合能越大，原子核越不稳定
8、在垂直纸面向里的匀强磁场中放置一足够长的绝缘棒，棒与水平方向夹角为，将带电小球套在棒上，小球质量为m，带电量为-q，小球与棒间动摩擦因数为，小球由静止开始下滑的过程中（ ）

A.先加速后匀速
B.先加速后减速最终匀速
C.最大速度为
D.最大加速度为gsin
9、如图所示，固定的水平长直导线中通有电流I，矩形金属线框与导线在同一竖直平面内，线框位于导线下方，且线框的一边与导线平行，当线框被移动时，关于穿过线框的磁通量的变化情况，下列说法正确的有

A.当线框水平向左移动时，穿过线框的磁通量变小
B.当线框水平向右移动时，穿过线框的磁通量不变
C.当线框竖直向下移动时，穿过线框的磁通量变小
D.当线框竖直向下移动时，穿过线框的磁通量不变
10、如图所示的电路中，线圈L的自感系数足够大，其直流电阻忽略不计，A、B是两个相同的灯泡，下列说法中正确的是(　　)

A.S闭合后，A、B同时发光且亮度不变
B.S闭合后，A立即发光，然后又逐渐熄灭
C.S断开的瞬间，A、B同时熄灭
D.S断开的瞬间，A再次发光，然后又逐渐熄灭
三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11．（6分）用多用电表测某一电阻，一同学选择欧姆挡“×100”，用正确的操作步骤测量时，发现指针位置如图中虚线所示。

（1）为了较准确地进行测量，请你补充完整下列依次应该进行的主要操作步骤：
A.将选择开关转至_____（选填“×1”“×10”或“×1k”）挡；
B．将红、黑表笔短接，进行_____（选填“欧姆调零”或“机械调零”）。
（2）重新测量后，刻度盘上的指针位置如图中实线所示，则测量结果是_____Ω。
12．（12分）在做测干电池电动势和内阻的实验时备有下列器材可供选用
A．干电池(电动势约1.5 V)
B．直流电流表(量程为0～0.6 A, 内阻为约0.10 Ω)
C．直流电流表(量程为0～3 A, 内阻约为0.025 Ω)
D．直流电压表(量程为0～3 V, 内阻约为5 kΩ)
E．直流电压表(量程为0～15 V, 内阻约为25 kΩ)
F．滑动变阻器(阻值范围为0～15 Ω，允许最大电流为1 A)
G．滑动变阻器(阻值范围为0～1000 Ω，允许最大电流为0.5 A)
H．开关
I．导线若干
J．电池夹
(1)为了实验误差较小，本实验选定的电流表为_____，电压表为_____，滑动变阻器为_____（填仪器的序号字母）。
(2)在虚线框内画出实验原理图________.
(3)根据实验记录，画出的U—I图象如图所示，可得待测电池的内阻r＝________ Ω.待测电源的电动势E＝________ V。（保留三位有效数字）

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13．（10分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m，a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C，b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力)，从贴近a板的左端以v0 =1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场，刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到b板的Q处（图中未画出）．求P、Q之间的距离L

14．（16分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的BC部分是半径为R的圆环，轨道的水平部分与半圆环相切．A为水平轨道上的一点，而且AB=R=0.2m，把一质量m=0.1kg，带电量为q=+C的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
15．（12分）如图，两根间距为L＝0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E＝3V、内阻r＝1Ω的电源，导轨平面与水平面间的夹角θ＝37°．金属杆ab垂直导轨放置，质量m＝0.2kg．导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．当R0＝1Ω时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8

（1）求磁感应强度B的大小；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度
参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、D
【解析】负电子从a运动到b，由速度时间图线得到负电荷做减速运动，故电场力向左，因负电荷受到的电场力与场强方向相反，故场强向右，沿场强方向，电势降低，故；因为图线的斜率不变，故加速度不变，因此电场力不变，所以电场强度不变，即，D正确
2、C
【解析】AB．两小球在水平方向都不受力，做匀速直线运动，则落在板上时水平方向的距离与下落时间成正比，由于竖直位移相同，根据
x=vt，h=at2
得水平位移大的A球运动时间长，即A球竖直方向的加速度小，所受电场力向上，故A球带正电，水平位移小的球加速度大，故B球带负电，故AB错误；
C．有以上分析可知，两小球在电场中的加速度aB>aA，选项C正确；
D．根据动能定理，三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功。由受力图可知，带负电小球B合力较大，为G+F电，做功多动能大，带正电小球A合力较小，为G-F电，做功少动能小，即EKB＞EKA，故D错误。
故选C。
3、A
【解析】AB．据电路图可知变阻器左侧电阻与R1串联后再与变阻器右侧电阻并联，由数学知识可知两并联部分的阻值相等时，并联的总电阻最大；但电阻R1的阻值接近滑动变阻器R0的最大阻值和滑片P由变阻器的中点向左滑动一小段距离，可知并联的总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流变小，电源的内电压也变小，则路端电压先变大，所以V1的示数变大；V2测量R2两端的电压，R2不变，则V2的示数变小，故A正确，B错误；
CD．并联的电压
U并=E-U2-Ur，
可知U并逐渐变大，电阻R1所在支路的总电阻逐渐减小，所以该之路电流I1增大，即电流表A2示数增大；
由
I2=I-I1，
可知总电流I减小，则I2减小，即电流表A1示数变小，故CD错误。
故选A。
4、D
【解析】电流表示数示数比标准电流表示数稍大一点，说明所并联电阻的分流太小，则分流电阻阻值偏大，让分流电阻变的稍小些即可；在电阻R的支路上串联一个比R小得多的电阻，分流电阻变大，故A错误；在电阻R的支路上串联一个比R大得多的电阻，分流电阻变大，故B错误；再并联一个比R小得多的电阻，分流电阻将变得太小，故C错误；再并联一个比R大得多的电阻，分流电阻稍变小，故D正确；故选D
5、A
【解析】A．t1时刻感应电动势零，磁通量最大，线圈位于中性面，故A正确；
B．由图知t2时刻，感应电动势为最大值，通过线圈的磁通量为零，故B错误；
C．保险丝的熔断电流时应该用有效值，故C错误；
D．一个周期内交变电流的方向改变两次，故D错误。
故选A。
6、A
【解析】根据爱因斯坦光电效应方程： ，光电子的最大初动能只与入射光的频率在关，与其它无关．而光照强度，照射时间及光子数目与逸出的光电子数量的关，故A正确，BCD错误

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
7、ABC
【解析】A.由原子核的结合能定义可知，原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子时所需的最小能量，故A正确；
B.一重原子核衰变成粒子和另一原子核，要释放能量，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能，故B正确；
C.原子核的结合能大小取决于核子数，铯原子核的核子数比铅原子核的核子数少，因此铯原子核的结合能小于铅原子核的结合能，C正确；
D.比结合能越大，原子核越稳定，故D错误。
故选ABC。
8、AD
【解析】AB．小球下滑时受垂直斜杆向下的洛伦兹力，开始时速度较小，洛伦兹力较小，由，随速度的增加，加速度减小，最后加速度减为零时做匀速运动 ，选项A正确，B错误；
C．当加速度为零时速度最大，即

解得

选项C错误；
D．开始运动时加速度最大，即v=0时，解得a=gsinθ，选项D正确；
故选AD.
9、BC
【解析】根据右手螺旋定则判断出直导线周围的磁场方向，离导线越远，磁场越弱；当线框水平向左或向右移动时，穿过线框的磁通量不变，故A错误，B正确；当线框竖直向下移动时，穿过线框的磁通量变小，故C正确，D错误；
10、BD
【解析】L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，LA、LB是两个完全相同的小灯泡。
AB．S闭合瞬间，但由于线圈的电流增加，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的增加，所以两灯同时亮，当电流稳定时，由于电阻可忽略不计，所以以后LA熄灭，LB变亮，故A错误，B正确；
CD．S断开的瞬间， LB立即熄灭，但由于线圈的电流减小，导致线圈中出现感应电动势从而阻碍电流的减小，所以LA亮一下再慢慢熄灭，故C错误，D正确。
故选BD。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。
11、 ①.×10 ②.欧姆调零 ③.130
【解析】（1）[1][2]．选择×100倍率，用正确的操作步骤测量时，指针偏转角度太大说明指针示数太小，选择倍率太大，为准确测量电阻阻值：
A．应换用小挡位，换用×10倍率档；
B．将红、黑表笔短接，进行欧姆调零。
（2）[3]．由图示表盘可知，测量结果为：13×10=130Ω；
12、 (1).B (2).D (3).F (4). (5).0.690 (6).1.45
【解析】（1）[1][2][3]．因电源电动势为1.5V，则电压表选择D；电路中的电流不超过0.6A，则电流表选择B；滑动变阻器选择阻值较小的F即可；
（2）[4]．实验电路如图：

（3）[5][6]．待测电池的内阻

待测电源的电动势E＝1.45V。

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。
13、8cm
【解析】粒子a板左端运动到P处，由动能定理得

代入有关数据，解得
，代入数据得θ=30°
粒子在磁场中做匀速圆周运动，圆心为O，半径为r，如图
由几何关系得

联立求得
代入数据解得
14、 (1) (2)3N
【解析】(1)设小球在C点的速度大小是vC，则对于小球由A→C的过程中，由动能定理得：

解得：

(2)小球在C点时受力分析如图

由牛顿第二定律得：

解得：

由牛顿第三定律可知，小球对轨道压力：
NC′=NC=3N
15、（1）2T；（2）1.5m/s2，方向沿斜面向上
【解析】（1）当R0=1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律求解电流强度，由平衡条件求解磁感应强度；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律求解加速度大小
【详解】（1）当R0＝1Ω时，根据闭合电路的欧姆定律可得
根据左手定则可知安培力方向水平向右；
由平衡条件有：BILcosθ＝mgsinθ
解得B＝2T；
（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，此时安培力的方向沿斜面向上，大小不变；
根据牛顿第二定律可得：BIL﹣mgsinθ＝ma
解得：a＝1.5m/s2，方向沿斜面向上
【点睛】本题主要是考查安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力情况，结合平衡条件列方程解答